思路:

树链剖分,不知道说什么...我连模板都不会用

代码:

#include<map>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<stack>
#include<queue>
#include<string>
#include<vector>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define ll long long
const int maxn = 60000+5;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
using namespace std;
int n,m,tol;
int cnt;
struct Node{
    int u,v,next;
}node[maxn << 1];
int head[maxn];
int fa[maxn],siz[maxn],dep[maxn],son[maxn],id[maxn],top[maxn];
//父节点,子树大小,深度,重儿子,dfs执行顺序,重链的起始点

void addnode(int u,int v){
    node[tol].u = u;
    node[tol].v = v;
    node[tol].next = head[u];
    head[u] = tol++;
}
void dfs1(int u,int father,int depth){  //确定fa,siz,dep,son
    son[u] = 0;
    dep[u] = depth;
    fa[u] = father;
    siz[u] = 1;
    for(int i = head[u];~i;i = node[i].next){
        int v = node[i].v;
        if(v == father) continue;   //储存无向边,需判断
        dfs1(v,u,depth + 1);
        siz[u] += siz[v];
        if(siz[v] > siz[son[u]])    //更新重儿子
            son[u] = v;
    }
}
void dfs2(int u,int tp){    //按dfs执行顺序编号
    top[u] = tp;    //重链的起始点
    id[u] = ++cnt;  //编号
    if(!son[u]) return;
    //有重儿子,是重链,继续往下
    dfs2(son[u],tp);
    for(int i = head[u];~i;i = node[i].next){
        int v = node[i].v;
        if(v == fa[u] || v == son[u]) continue;
        dfs2(v,v);
    }
}

/*
线段树
*/
int sum[maxn<<2],mx[maxn<<2];

void push_up(int rt){
    sum[rt] = sum[rt << 1] + sum[rt << 1 | 1];
    mx[rt] = max(mx[rt << 1],mx[rt << 1 | 1]);
}
/*void build(int l,int r,int rt){
    sum[rt] = 0;
    mx[rt] = -INF;  //注意
    if(l == r){
        sum[rt] = mx[rt] = val[l];
        return;
    }
    int m = (l + r) >> 1;
    build(l,m,rt << 1);
    build(m + 1,r,rt << 1 | 1);
    push_up(rt);
}*/
void update(int pos,int val,int l,int r,int rt){
    if(l == r){
        sum[rt] = mx[rt] = val;
        return;
    }
    int m = (l + r) >> 1;
    if(pos <= m)
        update(pos,val,l,m,rt << 1);
    else
        update(pos,val,m + 1,r,rt << 1 | 1);
    push_up(rt);
}
int queryS(int L,int R,int l,int r,int rt){
    if(L <= l && R >= r){
        return sum[rt];
    }
    int m = (l + r) >> 1;
    int ans = 0;
    if(L <= m)
        ans += queryS(L,R,l,m,rt << 1);
    if(R > m)
        ans += queryS(L,R,m + 1,r,rt << 1 | 1);
    return ans;
}
int queryM(int L,int R,int l,int r,int rt){
    if(L <= l && R >= r){
        return mx[rt];
    }
    int m = (l + r) >> 1;
    int ans = -INF;
    if(L <= m)
        ans = max(ans,queryM(L,R,l,m,rt << 1));
    if(R > m)
        ans = max(ans,queryM(L,R,m + 1,r,rt << 1 | 1));
    return ans;
}

//////////////////////////////////////////
int FindS(int u,int v){
    int ans = 0;
    while(top[u] != top[v]){    //不在同一条链上,就从u所在转移到v所在
        if(dep[top[u]] < dep[top[v]]){
            swap(u,v);
        }
        ans += queryS(id[top[u]],id[u],1,n,1);
        u = fa[top[u]];
    }
    if(u == v){
        return (ans + queryS(id[u],id[v],1,n,1));
    }
    else{
        if(dep[u] > dep[v]){
            swap(u,v);
        }
        return (ans + queryS(id[u],id[v],1,n,1));
    }
}
int FindM(int u,int v){
    int ans = -INF;
    while(top[u] != top[v]){    //不在同一条链上,就从u所在转移到v所在
        if(dep[top[u]] < dep[top[v]]){
            swap(u,v);
        }
        ans = max(ans,queryM(id[top[u]],id[u],1,n,1));
        u = fa[top[u]];
    }
    if(u == v){
        return max(ans,queryM(id[u],id[v],1,n,1));
    }
    else{
        if(dep[u] > dep[v]){
            swap(u,v);
        }
        return max(ans,queryM(id[u],id[v],1,n,1));
    }
}
///////////////////////////////////////////////////

void init() {
    tol = cnt = 0;
    memset(fa,0,sizeof fa);
    memset(siz,0,sizeof siz);
    memset(son,0,sizeof son);
    memset(dep,0,sizeof dep);
    memset(top,0,sizeof top);
    memset(id,0,sizeof id);
    memset(sum,0,sizeof sum);
    memset(node,0,sizeof node);
    memset(mx,0,sizeof mx);
    memset(head,-1,sizeof head);
}
int main(){
    int q;
    while(~scanf("%d",&n)){
        int u,v;
        init();
        for(int i = 1;i < n;i++){
            scanf("%d%d",&u,&v);
            addnode(u,v);
            addnode(v,u);
        }
        dfs1(1,0,1);
        dfs2(1,1);
        for(int i = 1;i <= n;i++){
            int w;
            scanf("%d",&w);
            update(id[i],w,1,n,1);
        }
        scanf("%d",&q);
        char s[20];
        while(q--){
            scanf("%s%d%d",s,&u,&v);
            if(s[0] == 'C'){
                update(id[u],v,1,n,1);
            }
            else if(s[1] == 'S'){
                printf("%d\n",FindS(u,v));
            }
            else{
                printf("%d\n",FindM(u,v));
            }
        }
    }
    return 0;
}
J

HYSBZ 1036 树的统计Count(树链剖分)题解的更多相关文章

  1. BZOJ 1036: [ZJOI2008]树的统计Count [树链剖分]【学习笔记】

    1036: [ZJOI2008]树的统计Count Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 14302  Solved: 5779[Submit ...

  2. Bzoj 1036: [ZJOI2008]树的统计Count 树链剖分,LCT

    1036: [ZJOI2008]树的统计Count Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 11102  Solved: 4490[Submit ...

  3. BZOJ 1036: [ZJOI2008]树的统计Count( 树链剖分 )

    树链剖分... 不知道为什么跑这么慢 = = 调了一节课啊跪.. ------------------------------------------------------------------- ...

  4. bzoj 1036: [ZJOI2008]树的统计Count 树链剖分+线段树

    1036: [ZJOI2008]树的统计Count Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 16294  Solved: 6645[Submit ...

  5. BZOJ 1036: [ZJOI2008]树的统计Count (树链剖分模板题)

    1036: [ZJOI2008]树的统计Count Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 14982  Solved: 6081[Submit ...

  6. BZOJ 1036 [ZJOI2008]树的统计Count (树链剖分)(线段树单点修改)

    [ZJOI2008]树的统计Count Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 14968  Solved: 6079[Submit][Stat ...

  7. 【BZOJ1036】[ZJOI2008]树的统计Count 树链剖分

    [BZOJ1036][ZJOI2008]树的统计Count Description 一棵树上有n个节点,编号分别为1到n,每个节点都有一个权值w.我们将以下面的形式来要求你对这棵树完成一些操作: I. ...

  8. bzoj1036 [ZJOI2008]树的统计Count 树链剖分模板题

    [ZJOI2008]树的统计Count Description 一棵树上有n个节点,编号分别为1到n,每个节点都有一个权值w.我们将以下面的形式来要求你对这棵树完成 一些操作: I. CHANGE u ...

  9. Cogs 1688. [ZJOI2008]树的统计Count(树链剖分+线段树||LCT)

    [ZJOI2008]树的统计Count ★★★ 输入文件:bzoj_1036.in 输出文件:bzoj_1036.out 简单对比 时间限制:5 s 内存限制:162 MB [题目描述] 一棵树上有n ...

  10. BZOJ 1036 [ZJOI2008]树的统计Count (树链剖分 - 点权剖分 - 单点权修改)

    题目链接:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1036 树链剖分模版题,打的时候注意点就行.做这题的时候,真的傻了,单词拼错检查了一个多小时 ...

随机推荐

  1. LeetCode——Min Stack

    Description: Design a stack that supports push, pop, top, and retrieving the minimum element in cons ...

  2. codereviw得到的一些经验

    1.设置display为none的元素,它的背景图依然会被下载.所以最好是等到该元素需要显示时才给他加上相应的有背景图的class. 2.css中虽然ID选择器的优先级比较高,效率也比较高,但灵活性差 ...

  3. mysql优化之explain备忘笔记

    今天使用explain来查看sql执行情况的时候发现有的东西忘掉了,故作此篇文章来强化此知识点的记忆. 1.explain作用 exlain 执行结果显示了mysql 存储引擎如何使用索引来处理sel ...

  4. 【BZOJ4545】DQS的trie 后缀自动机+LCT

    [BZOJ4545]DQS的trie Description DQS的自家阳台上种着一棵颗粒饱满.颜色纯正的trie. DQS的trie非常的奇特,它初始有n0个节点,n0-1条边,每条边上有一个字符 ...

  5. [Music] Billboard Hot 100 Singles Chart 27th Jun 2015

    01 Wiz Khalifa - See You Again (Feat. Charlie P..> 30-Jul-2015 09:12 9247814 02 Taylor Swift - Ba ...

  6. linux 程序启动与停止管理脚本

    公司接了一个第三方的系统,基于linux写的几个程序,一共有9个部件,第三方没有给脚本,每次启动或停止都得一个一个手工去停止或修改.......,这里稍微鄙视下. 没办法,求人还不如自己动手写, 需求 ...

  7. linux grep命令(linux在文件中搜索内容)

    转自:https://www.cnblogs.com/end/archive/2012/02/21/2360965.html linux grep命令 1.作用Linux系统中grep命令是一种强大的 ...

  8. DGbroker快速失败转移

    1.先决条件 DGMGRL> ENABLE FAST_START FAILOVER; Error: ORA-: requirements not met for enabling fast-st ...

  9. thinkphp---自动验证的问题

    这段时间做一个项目:使用 thinkphp 做了一个自动验证,但是发现如果新增的时候,是能够进行自动验证的,但是在修改的修改的时候,会发现自动验证会失效. 验证的时候,模型是这样写的: protect ...

  10. OA之框架的搭建

    1.使用框架可以有效的解决耦合性过高的问题,减少代码修改的程度,同时方便添加新的功能.首先创建出基本的几个类库.这个框架就是使用基本的逻辑分层三层架构,然后进一步再使用接口对每个逻辑中的类库调用进行解 ...