【树链剖分】【线段树】bzoj2157 旅游
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define INF 2147483647
#define N 20001
#define lson rt<<1,l,m
#define rson rt<<1|1,m+1,r
int v[N<<1],first[N],next[N<<1],en,bw[N<<1],dw[N<<1];
void AddEdge(int U,int V,int W)
{
v[++en]=V;
bw[en]=W;
next[en]=first[U];
first[U]=en;
}
int n,fa[N],top[N],tot,dep[N],siz[N],son[N],Num[N],dy[N],m,Map[N];
void dfs(int U)
{
siz[U]=1;
for(int i=first[U];i;i=next[i]) if(v[i]!=fa[U])
{
dy[(i+1)>>1]=v[i];
dw[v[i]]=bw[i];
fa[v[i]]=U;
dep[v[i]]=dep[U]+1;
dfs(v[i]);
siz[U]+=siz[v[i]];
if(siz[v[i]]>siz[son[U]])
son[U]=v[i];
}
}
void df2(int U)
{
Num[U]=++tot;
Map[tot]=U;
if(son[U])
{
top[son[U]]=top[U];
df2(son[U]);
}
for(int i=first[U];i;i=next[i]) if(v[i]!=fa[U]&&v[i]!=son[U])
{
top[v[i]]=v[i];
df2(v[i]);
}
}
int sumv[N<<2],maxv[N<<2],minv[N<<2];
bool rev[N<<2];
void work(int rt)
{
rev[rt]^=1;
sumv[rt]*=(-1);
swap(maxv[rt],minv[rt]);
maxv[rt]*=(-1);
minv[rt]*=(-1);
}
void pushdown(int rt)
{
if(rev[rt])
{
work(rt<<1);
work(rt<<1|1);
rev[rt]=0;
}
}
void pushup(int rt)
{
sumv[rt]=sumv[rt<<1]+sumv[rt<<1|1];
maxv[rt]=max(maxv[rt<<1],maxv[rt<<1|1]);
minv[rt]=min(minv[rt<<1],minv[rt<<1|1]);
}
void buildtree(int rt,int l,int r)
{
if(l==r)
{
sumv[rt]=minv[rt]=maxv[rt]=dw[Map[l]];
return;
}
int m=(l+r>>1);
buildtree(lson);
buildtree(rson);
pushup(rt);
}
void update(int p,int v,int rt,int l,int r)
{
if(l==r)
{
sumv[rt]=minv[rt]=maxv[rt]=v;
return;
}
pushdown(rt);
int m=(l+r>>1);
if(p<=m) update(p,v,lson);
else update(p,v,rson);
pushup(rt);
}
void reverse(int ql,int qr,int rt,int l,int r)
{
if(ql<=l&&r<=qr)
{
work(rt);
return;
}
int m=(l+r>>1);
pushdown(rt);
if(ql<=m) reverse(ql,qr,lson);
if(m<qr) reverse(ql,qr,rson);
pushup(rt);
}
void Reverse(int U,int V)
{
while(top[U]!=top[V])
{
if(dep[top[U]]<dep[top[V]])
swap(U,V);
reverse(Num[top[U]],Num[U],1,1,n);
U=fa[top[U]];
}
if(U!=V)
{
if(dep[U]>dep[V])
swap(U,V);
reverse(Num[U]+1,Num[V],1,1,n);
}
}
int qsum(int ql,int qr,int rt,int l,int r)
{
if(ql<=l&&r<=qr) return sumv[rt];
int m=(l+r>>1),res=0;
pushdown(rt);
if(ql<=m) res+=qsum(ql,qr,lson);
if(m<qr) res+=qsum(ql,qr,rson);
return res;
}
int Qsum(int U,int V)
{
int res=0;
while(top[U]!=top[V])
{
if(dep[top[U]]<dep[top[V]])
swap(U,V);
res+=qsum(Num[top[U]],Num[U],1,1,n);
U=fa[top[U]];
}
if(U!=V)
{
if(dep[U]>dep[V])
swap(U,V);
res+=qsum(Num[U]+1,Num[V],1,1,n);
}
return res;
}
int qmax(int ql,int qr,int rt,int l,int r)
{
if(ql<=l&&r<=qr) return maxv[rt];
int m=(l+r>>1),res=-INF;
pushdown(rt);
if(ql<=m) res=max(res,qmax(ql,qr,lson));
if(m<qr) res=max(res,qmax(ql,qr,rson));
return res;
}
int Qmax(int U,int V)
{
int res=-INF;
while(top[U]!=top[V])
{
if(dep[top[U]]<dep[top[V]])
swap(U,V);
res=max(res,qmax(Num[top[U]],Num[U],1,1,n));
U=fa[top[U]];
}
if(U!=V)
{
if(dep[U]>dep[V])
swap(U,V);
res=max(res,qmax(Num[U]+1,Num[V],1,1,n));
}
return res;
}
int qmin(int ql,int qr,int rt,int l,int r)
{
if(ql<=l&&r<=qr) return minv[rt];
int m=(l+r>>1),res=INF;
pushdown(rt);
if(ql<=m) res=min(res,qmin(ql,qr,lson));
if(m<qr) res=min(res,qmin(ql,qr,rson));
return res;
}
int Qmin(int U,int V)
{
int res=INF;
while(top[U]!=top[V])
{
if(dep[top[U]]<dep[top[V]])
swap(U,V);
res=min(res,qmin(Num[top[U]],Num[U],1,1,n));
U=fa[top[U]];
}
if(U!=V)
{
if(dep[U]>dep[V])
swap(U,V);
res=min(res,qmin(Num[U]+1,Num[V],1,1,n));
}
return res;
}
int main()
{
char op[4];
int x,y,z;
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<n;++i)
{
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
AddEdge(x+1,y+1,z);
AddEdge(y+1,x+1,z);
}
top[1]=1;
dfs(1);
df2(1);
buildtree(1,1,n);
scanf("%d",&m);
for(;m;--m)
{
scanf("%s%d%d",op,&x,&y);
if(op[0]=='C') update(Num[dy[x]],y,1,1,n);
else if(op[0]=='N') Reverse(x+1,y+1);
else if(op[0]=='S') printf("%d\n",Qsum(x+1,y+1));
else if(op[1]=='A') printf("%d\n",Qmax(x+1,y+1));
else printf("%d\n",Qmin(x+1,y+1));
}
return 0;
}
【树链剖分】【线段树】bzoj2157 旅游的更多相关文章
- BZOJ2157旅游——树链剖分+线段树
		
题目描述 Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城.T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接.为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,T 城的任意两个景点之间有且只有一条路 ...
 - bzoj 2157: 旅游【树链剖分+线段树】
		
裸的树链剖分+线段树 但是要注意一个地方--我WA了好几次才发现取完相反数之后max值和min值是要交换的-- #include<iostream> #include<cstdio& ...
 - 【BZOJ-2325】道馆之战      树链剖分 + 线段树
		
2325: [ZJOI2011]道馆之战 Time Limit: 40 Sec Memory Limit: 256 MBSubmit: 1153 Solved: 421[Submit][Statu ...
 - 【BZOJ2243】[SDOI2011]染色 树链剖分+线段树
		
[BZOJ2243][SDOI2011]染色 Description 给定一棵有n个节点的无根树和m个操作,操作有2类: 1.将节点a到节点b路径上所有点都染成颜色c: 2.询问节点a到节点b路径上的 ...
 - BZOJ2243 (树链剖分+线段树)
		
Problem 染色(BZOJ2243) 题目大意 给定一颗树,每个节点上有一种颜色. 要求支持两种操作: 操作1:将a->b上所有点染成一种颜色. 操作2:询问a->b上的颜色段数量. ...
 - POJ3237 (树链剖分+线段树)
		
Problem Tree (POJ3237) 题目大意 给定一颗树,有边权. 要求支持三种操作: 操作一:更改某条边的权值. 操作二:将某条路径上的边权取反. 操作三:询问某条路径上的最大权值. 解题 ...
 - bzoj4034 (树链剖分+线段树)
		
Problem T2 (bzoj4034 HAOI2015) 题目大意 给定一颗树,1为根节点,要求支持三种操作. 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子 ...
 - HDU4897 (树链剖分+线段树)
		
Problem Little Devil I (HDU4897) 题目大意 给定一棵树,每条边的颜色为黑或白,起始时均为白. 支持3种操作: 操作1:将a->b的路径中的所有边的颜色翻转. 操作 ...
 - Aizu	2450 Do use segment tree 树链剖分+线段树
		
Do use segment tree Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://www.bnuoj.com/v3/problem_show ...
 - 【POJ3237】Tree(树链剖分+线段树)
		
Description You are given a tree with N nodes. The tree’s nodes are numbered 1 through N and its edg ...
 
随机推荐
- [codechef FNCS]分块处理+树状数组
			
题目链接:https://vjudge.net/problem/CodeChef-FNCS 在一个地方卡了一晚上,就是我本来以为用根号n分组,就会分成根号n个.事实上并不是....因为用的是根号n下取 ...
 - [hdu 2298] 物理推导+二分答案
			
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2298 #include<bits/stdc++.h> using namespace st ...
 - HDU2571--命运---DP
			
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2571 #include "iostream" #include "cstdio&q ...
 - Idea导入的工程看不到src等代码
			
问题描述: 从其他地方拷贝过来的工程,在本地导入到idea中时,展示如下的页面,里面的其他文件都看不到. 解决办法:(不知道是具体的什么原因引起的) 1. 关闭IDEA, 2.然后删除项目文件夹下的. ...
 - 【BZOJ3029】守卫者的挑战 [期望DP]
			
守卫者的挑战 Time Limit: 2 Sec Memory Limit: 128 MB[Submit][Status][Discuss] Description 打开了黑魔法师Vani的大门,队 ...
 - 2017年上海金马五校程序设计竞赛:Problem K : Treasure Map  (蛇形填数)
			
Description There is a robot, its task is to bury treasures in order on a N × M grids map, and each ...
 - Web Application Vulnerabilities and Potential Problem Due to Bad Design
			
web应用设计中不安全的设计及潜在的风险: REF: https://msdn.microsoft.com/en-us/library/ff648647.aspx
 - JSP(1) - JSP简介、原理、语法 - 小易Java笔记
			
1.JSP简介 (1)JSP的全称是Java Server Pages(运行在服务器端的页面),实际就是Servlet(学习JSP的关键就是时刻联想到Servlet) (2)JSP.Servlet各自 ...
 - [ 总结 ] web server iptables 简单配置
			
[root@server ~]# iptables -F [root@server ~]# iptables -X [root@server ~]# iptables -A INPUT -m stat ...
 - PLSQL Developer 运用Profiler 分析存储过程性能
			
最近应公司需要,需要编写ORACLE存储过程.本人新手,在完成存储过程的编写后,感觉需要对存储过程中各个语句的执行时间进行分析,以便 对整个存储过程进行优化. 由于用的是PLSQL Developer ...