【AtCoder】KEYENCE Programming Contest 2019
A - Beginning
这个年份恐怕需要+2
#include <bits/stdc++.h>
#define fi first
#define se second
#define pii pair<int,int>
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define space putchar(' ')
#define enter putchar('\n')
#define MAXN 80005
#define eps 1e-10
//#define ivorysi
using namespace std;
typedef long long int64;
typedef double db;
template<class T>
void read(T &res) {
res = 0;T f = 1;char c = getchar();
while(c < '0' || c > '9') {
if(c == '-') f = -1;
c = getchar();
}
while(c >= '0' && c <= '9') {
res = res * 10 + c - '0';
c = getchar();
}
res *= f;
}
template<class T>
void out(T x) {
if(x < 0) {x = -x;putchar('-');}
if(x >= 10) {
out(x / 10);
}
putchar('0' + x % 10);
}
int num[10];
void Solve() {
for(int i = 1 ; i <= 4 ; ++i) read(num[i]);
sort(num + 1,num + 5);
if(num[1] == 1 && num[2] == 4 && num[3] == 7 && num[4] == 9) {puts("YES");}
else puts("NO");
}
int main() {
#ifdef ivorysi
freopen("f1.in","r",stdin);
#endif
Solve();
}
B - KEYENCE String
……
#include <bits/stdc++.h>
#define fi first
#define se second
#define pii pair<int,int>
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define space putchar(' ')
#define enter putchar('\n')
#define MAXN 80005
#define eps 1e-10
//#define ivorysi
using namespace std;
typedef long long int64;
typedef double db;
template<class T>
void read(T &res) {
res = 0;T f = 1;char c = getchar();
while(c < '0' || c > '9') {
if(c == '-') f = -1;
c = getchar();
}
while(c >= '0' && c <= '9') {
res = res * 10 + c - '0';
c = getchar();
}
res *= f;
}
template<class T>
void out(T x) {
if(x < 0) {x = -x;putchar('-');}
if(x >= 10) {
out(x / 10);
}
putchar('0' + x % 10);
}
string s;
string tar = "keyence";
void Solve() {
cin >> s;
int p = 0;
while(s[p] == tar[p]) ++p;
int q = 0;
while(s[s.length() - 1 - q] == tar[tar.length() - 1 - q]) ++q;
if(p + q >= tar.length()) puts("YES");
else puts("NO");
}
int main() {
#ifdef ivorysi
freopen("f1.in","r",stdin);
#endif
Solve();
}
C - Exam and Wizard
就是先用一遍A的总和恢复出B，如果不足就是-1，然后贪心每次恢复最少可以回到原来的大小
#include <bits/stdc++.h>
#define fi first
#define se second
#define pii pair<int,int>
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define space putchar(' ')
#define enter putchar('\n')
#define MAXN 100005
#define eps 1e-10
//#define ivorysi
using namespace std;
typedef long long int64;
typedef double db;
template<class T>
void read(T &res) {
res = 0;T f = 1;char c = getchar();
while(c < '0' || c > '9') {
if(c == '-') f = -1;
c = getchar();
}
while(c >= '0' && c <= '9') {
res = res * 10 + c - '0';
c = getchar();
}
res *= f;
}
template<class T>
void out(T x) {
if(x < 0) {x = -x;putchar('-');}
if(x >= 10) {
out(x / 10);
}
putchar('0' + x % 10);
}
int N;
int64 A[MAXN],B[MAXN],all,C[MAXN];
multiset<int64> S;
void Solve() {
read(N);
for(int i = 1 ; i <= N ; ++i) {
read(A[i]);all += A[i];
}
for(int i = 1 ; i <= N ; ++i) {
read(B[i]);all -= B[i];
if(A[i] - B[i] >= 0) S.insert(A[i] - B[i]);
}
if(all < 0) {puts("-1");return;}
int cnt = 0;
while(!S.empty()) {
int64 p = *S.begin();
S.erase(S.begin());
if(all >= p) {all -= p;++cnt;}
else break;
}
out(N - cnt);enter;
}
int main() {
#ifdef ivorysi
freopen("f1.in","r",stdin);
#endif
Solve();
}
D - Double Landscape
感觉这题so interesting 啊，还可以往高维拓展
从大到小往里面塞数，记录一下每次能用的行和列，如果这个数必须在某一行或某一列，两个都固定就乘上1，一个固定，比如行固定，就乘上能用的列数
如果这个数位置没被固定，就是乘上当前能用的行列数的乘积，减去比它大的数
为什么呢。。因为一个数能填的位置，要么和前面比它大的数都没有交集，要么前面比它大的数能填的集合是它的一个真子集
#include <bits/stdc++.h>
#define fi first
#define se second
#define pii pair<int,int>
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define space putchar(' ')
#define enter putchar('\n')
#define MAXN 1005
#define eps 1e-10
//#define ivorysi
using namespace std;
typedef long long int64;
typedef double db;
template<class T>
void read(T &res) {
res = 0;T f = 1;char c = getchar();
while(c < '0' || c > '9') {
if(c == '-') f = -1;
c = getchar();
}
while(c >= '0' && c <= '9') {
res = res * 10 + c - '0';
c = getchar();
}
res *= f;
}
template<class T>
void out(T x) {
if(x < 0) {x = -x;putchar('-');}
if(x >= 10) {
out(x / 10);
}
putchar('0' + x % 10);
}
const int MOD = 1000000007;
int N,M;
bool col[MAXN * MAXN],row[MAXN * MAXN];
int inc(int a,int b) {
return a + b >= MOD ? a + b - MOD : a + b;
}
int mul(int a,int b) {
return 1LL * a * b % MOD;
}
void Solve() {
read(N);read(M);
int a;
for(int i = 1 ; i <= N ; ++i) {
read(a);
if(row[a]) {puts("0");return;}
row[a] = 1;
}
for(int i = 1 ; i <= M ; ++i) {
read(a);
if(col[a]) {puts("0");return;}
col[a] = 1;
}
int ans = 1;
int c = 0,r = 0;
for(int i = N * M ; i >= 1 ; --i) {
int tc = c,tr = r;
if(col[i]) {tc = 1;++c;}
if(row[i]) {tr = 1;++r;}
if(col[i] || row[i]) ans = mul(ans,tc * tr);
else ans = mul(ans,tc * tr - (N * M - i));
}
out(ans);enter;
}
int main() {
#ifdef ivorysi
freopen("f1.in","r",stdin);
#endif
Solve();
}
E - Connecting Cities
外国人真是瞧不起中国人的数据结构水平
随手写了个线段树就过了
就是拆式子，分\(-i * D + A_i\)和\(i * D + A_i\)
然后跑prim，两个线段树取最小的就行
#include <bits/stdc++.h>
#define fi first
#define se second
#define pii pair<int,int>
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define space putchar(' ')
#define enter putchar('\n')
#define MAXN 200005
#define eps 1e-10
//#define ivorysi
using namespace std;
typedef long long int64;
typedef double db;
template<class T>
void read(T &res) {
res = 0;T f = 1;char c = getchar();
while(c < '0' || c > '9') {
if(c == '-') f = -1;
c = getchar();
}
while(c >= '0' && c <= '9') {
res = res * 10 + c - '0';
c = getchar();
}
res *= f;
}
template<class T>
void out(T x) {
if(x < 0) {x = -x;putchar('-');}
if(x >= 10) {
out(x / 10);
}
putchar('0' + x % 10);
}
int N;int64 D;
int64 A[MAXN];
struct seg_tr {
struct node {
int L,R;
int64 cov;
pair<int64,int> val[2];
}tr[MAXN * 4];
void update(int u) {
tr[u].val[1] = mp(1e16,0);
if(tr[u].L != tr[u].R) {
tr[u].val[0] = min(tr[u << 1].val[0],tr[u << 1 | 1].val[0]);
tr[u].val[1] = min(tr[u << 1].val[1],tr[u << 1 | 1].val[1]);
}
tr[u].val[1] = min(tr[u].val[1],mp(tr[u].cov + tr[u].val[0].fi,tr[u].val[0].se));
}
void build(int u,int l,int r,int on) {
tr[u].L = l;tr[u].R = r;tr[u].cov = 1e16;
if(l == r) {
tr[u].val[0] = mp(A[l] + on * l * D,l);
update(u);
return;
}
int mid = (l + r) >> 1;
build(u << 1,l,mid,on);build(u << 1 | 1,mid + 1,r,on);
update(u);
}
void Change(int u,int l,int r,int64 v) {
if(l > r) return;
if(tr[u].L == l && tr[u].R == r) {
tr[u].cov = min(tr[u].cov,v);
update(u);
return;
}
int mid = (tr[u].L + tr[u].R) >> 1;
if(r <= mid) Change(u << 1,l,r,v);
else if(l > mid) Change(u << 1 | 1,l,r,v);
else {Change(u << 1,l,mid,v);Change(u << 1 | 1,mid + 1,r,v);}
update(u);
}
void Change_pos(int u,int p) {
if(tr[u].L == tr[u].R) {
tr[u].val[0] = mp(1e16,tr[u].L);
update(u);return;
}
int mid = (tr[u].L + tr[u].R) >> 1;
if(p <= mid) Change_pos(u << 1,p);
else Change_pos(u << 1 | 1,p);
update(u);
}
}s[2];
void Solve() {
read(N);read(D);
for(int i = 1 ; i <= N ; ++i) read(A[i]);
s[0].build(1,1,N,1);
s[1].build(1,1,N,-1);
s[0].Change_pos(1,1);s[1].Change_pos(1,1);
s[0].Change(1,2,N,A[1] - D);
int cnt = N - 1;
int64 ans = 0;
while(cnt--) {
pair<int64,int> t[2];
t[0] = s[0].tr[1].val[1],t[1] = s[1].tr[1].val[1];
if(t[0] > t[1]) swap(t[0],t[1]);
ans += t[0].fi;
int u = t[0].se;
s[0].Change_pos(1,u);s[1].Change_pos(1,u);
s[1].Change(1,1,u - 1,1LL * u * D + A[u]);
s[0].Change(1,u + 1,N,-1LL * u * D + A[u]);
}
out(ans);enter;
}
int main() {
#ifdef ivorysi
freopen("f1.in","r",stdin);
#endif
Solve();
}
F - Paper Cutting
怎么又是计数转期望……输了……水平不行，从前遇见期望只会转计数。。。直到atc用一堆计数转期望把我吊着打
就是考虑一个左下角为\((i,j)\)的方形，当这个点作为左下角后，每切一刀都会被统计一次，为了方便我们姑且只讨论\(i > 0\)且\(j > 0\)的情况
这个矩形第一次存在的概率是
\(\frac{\binom{K}{2}}{\binom{N}{2}}\)
就是考虑选\(i,j\)(无序）我们需要它是\(\binom{N}{2}\)中\(\binom{K}{2}\)对中的一个
之后被再次算的概率是，就是，我又拿了一个，左下角为\(i,j\)的就又被算了一次
\(\frac{\binom{K}{3}}{\binom{N}{3}}\cdot \frac{1}{3}\)我需要最后一个选的点在最后，这样的概率有\(\frac{1}{3}\)
这样的点得集合有\(N - 2\)种，所以最后的期望是
\(\frac{\binom{K}{2}}{\binom{N}{2}} + \frac{\binom{K}{3}}{\binom{N}{3}} \cdot \frac{1}{3} \cdot (N - 2)\)
对于边上的点和角上的一个点也是同理的
#include <bits/stdc++.h>
#define fi first
#define se second
#define pii pair<int,int>
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define space putchar(' ')
#define enter putchar('\n')
#define MAXN 20000005
#define eps 1e-10
//#define ivorysi
using namespace std;
typedef long long int64;
typedef double db;
template<class T>
void read(T &res) {
res = 0;T f = 1;char c = getchar();
while(c < '0' || c > '9') {
if(c == '-') f = -1;
c = getchar();
}
while(c >= '0' && c <= '9') {
res = res * 10 + c - '0';
c = getchar();
}
res *= f;
}
template<class T>
void out(T x) {
if(x < 0) {x = -x;putchar('-');}
if(x >= 10) {
out(x / 10);
}
putchar('0' + x % 10);
}
const int MOD = 1000000007;
int H,W,K,N;
int C[2][4],inv[4];
int inc(int a,int b) {
return a + b >= MOD ? a + b - MOD : a + b;
}
int mul(int a,int b) {
return 1LL * a * b % MOD;
}
void update(int &x,int y) {
x = inc(x,y);
}
int fpow(int x,int c) {
int res = 1,t = x;
while(c) {
if(c & 1) res = mul(res,t);
t = mul(t,t);
c >>= 1;
}
return res;
}
void Solve() {
read(H);read(W);read(K);
N = H + W;
inv[1] = 1;inv[2] = (MOD + 1) / 2;inv[3] = (MOD + 1) / 3;
C[0][0] = C[1][0] = 1;
for(int i = 1 ; i <= 3 ; ++i) {
C[0][i] = mul(mul(C[0][i - 1],inv[i]),K - i + 1);
C[1][i] = mul(mul(C[1][i - 1],inv[i]),N - i + 1);
}
int ans = K;
int t1 = mul(K,fpow(N,MOD - 2)),t2 = mul(C[0][2],fpow(C[1][2],MOD - 2)),t3 = mul(C[0][3],fpow(C[1][3],MOD - 2));
int s = inc(t1,mul(mul(t2,inv[2]),N - 1));
update(ans,mul(s,H + W));
s = inc(t2,mul(mul(t3,inv[3]),N - 2));
update(ans,mul(s,1LL * H * W % MOD));
for(int i = N ; i >= N - K + 1; --i) {
ans = mul(ans,i);
}
out(ans);enter;
}
int main() {
#ifdef ivorysi
freopen("f1.in","r",stdin);
#endif
Solve();
}
【AtCoder】KEYENCE Programming Contest 2019的更多相关文章
- 【AtCoder】AISing Programming Contest 2019
本来以为是1199rated的..仔细一看发现是1999,所以就做了一下 这场涨分很轻松啊...为啥又没打 等pkuwc考完我一定打一场atcoder(咕咕咕,咕咕咕,咕咕咕咕咕咕咕~) 但是其实我思 ...
- 【AtCoder】Yahoo Programming Contest 2019
A - Anti-Adjacency K <= (N + 1) / 2 #include <bits/stdc++.h> #define fi first #define se se ...
- 【AtCoder】Tenka1 Programmer Contest 2019
Tenka1 Programmer Contest 2019 C - Stones 题面大意:有一个01序列,改变一个位置上的值花费1,问变成没有0在1右边的序列花费最少多少 直接枚举前i个都变成0即 ...
- 【AtCoder】M-SOLUTIONS Programming Contest
M-SOLUTIONS Programming Contest A - Sum of Interior Angles #include <bits/stdc++.h> #define fi ...
- 【AtCoder】Dwango Programming Contest V题解
A - Thumbnail 题意简述:给出N个数,找出N个数中和这N个数平均值绝对值最小的数 根据题意写代码即可= = #include <bits/stdc++.h> #define f ...
- KEYENCE Programming Contest 2019 自闭记
A:签到. #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cmath> ...
- KEYENCE Programming Contest 2019 Solution
A - Beginning 签到. #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { ]; while (scanf(& ...
- 【AtCoder】Mujin Programming Challenge 2017
Mujin Programming Challenge 2017 A - Robot Racing 如果每个数都是一个一个间隔开的,那么答案是\(n!\) 考虑把一个数挪到1,第二个数挪到3,以此类推 ...
- 【AtCoder】Tenka1 Programmer Contest
C - 4/N 列出个方程枚举解一下 #include <bits/stdc++.h> #define fi first #define se second #define pii pai ...
随机推荐
- 去除inline-block出现间距的几种方法
display:inline-block,简单来说就是将对象呈现为inline对象,但是对象的内容作为block对象呈现,之后的内联对象会排列在同一行 比如两个input,默认中间会产生一些间距 &l ...
- 电脑爱好——PE系统分区工具 分区时函数错误，报000000001错误 解决方法
1.启动硬盘分区软件diskgenius(一般都是这个分区软件,这个PE系统自带的居多) 2.将现有的分区全部删掉 3.选择菜单栏——“硬盘”——“转换分区表类型为MBR格式”——转换完成 4.快速分 ...
- C# 读取Excel和DBF文件
//获excel中多个sheet中的数据 /// <summary> /// 读取导入Excel文件内容 /// </summary> /// <param name=& ...
- 把ui界面加入到工程中
第一步 from untitled import Ui_Form untitled是ui转化成py的文件名:Ui_Form是转换后的类名 第二步 把Ui_Form做为工程的父类 class ...
- mysql 原理 ~ 常规锁
一 模式 RR模式二 mysql锁相关场景 1 有间隙的地方就可能有间隙锁,并非只有辅助索引的场景下才会存在gap lock,典型场景 id主键的范围查询 2 varchar的范围锁定原理和int ...
- vue UI框架
一.pc端 element UI 饿了么UI支持vue2.x80分优点:组件的API方法.属性等封装的较为完善缺点:样式有些生硬,不够炫酷美观 N3 N3支持vue2.x70分优点:组件操作几乎都有动 ...
- POI导出带格式的Excel模板——（六）
Jar包
- Struts S2-052漏洞利用
昨天在FreeBuf上看到[9月6日更新]漏洞预警 | 高危Struts REST插件远程代码执行漏洞(S2-052) 然而一直复现不了,今天又试了下竟然成功了. 由于水表查的较严,就不冒险搞别人的服 ...
- python顺序执行多个py文件
python顺序执行多个py文件 假如我要执行code目录下的python程序,假设该目录下有1.py,2.py,3.py,4.py四个文件,但是我想执行1.py,2.py,4.py,则可在该目录下创 ...
- C++：explicit关键字
在C++中,如果一个类的构造函数只有一个形参,在这种情况下,可以直接将一个对应于构造函数参数类型的数据直接赋值给类变量,编译器在编译时会自动进行类型转换,将对应于构造函数参数类型的数据转换为类的对象, ...