10.31 afternoon

巧克力棒(chocolate)
Time Limit:1000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 找到了一根巧克力棒，但是这根巧克力棒太长了， LYK 无法一口吞进去。
具体地，这根巧克力棒长为 n，它想将这根巧克力棒折成 n 段长为 1 的巧克力棒，然后
慢慢享用。
它打算每次将一根长为 k 的巧克力棒折成两段长为 a 和 b 的巧克力棒，此时若 a=b，则
LYK 觉得它完成了一件非常困难的事，并会得到 1 点成就感。
LYK 想知道一根长度为 n 的巧克力棒能使它得到最多几点成就感。
输入格式(chocolate.in)
第一行一个数 n。
输出格式(chocolate.out)
一个数表示答案。
输入样例
7
输出样例
4
数据范围
对于 20%的数据 n<=5。
对于 50%的数据 n<=20。
对于 80%的数据 n<=2000。
对于 100%的数据 n<=1000000000。
样例解释
将 7 掰成 3+4，将 3 掰成 1+2，将 4 掰成 2+2 获得 1 点成就感，将剩下的所有 2 掰成 1+1
获得 3 点成就感。总共 4 点成就感。

结论没推出来 Dfs+map 不过还是0ms

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<map>
#define maxn 1010
using namespace std;
int n,a[maxn],c;
map<int,int>f;
int Dfs(int x){
    if(f[x]||x==|x==)return f[x];
    int pos=upper_bound(a+,a++a[],x)-a-;
    if(a[pos]==x){
        f[x]=x-;return f[x];
    }
    f[x]=Dfs(a[pos])+Dfs(x-a[pos]);
    return f[x];
}
int main()
{
    freopen("chocolate.in","r",stdin);
    freopen("chocolate.out","w",stdout);
    cin>>n;c=;
    for(int i=;i<=;i++){
        a[++a[]]=c<<i;
        if((c<<i)>n)break;
    }
    f[]=;f[]=;
    cout<<Dfs(n);
    return ;
}

LYK 快跑！ (run)
Time Limit:5000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 陷进了一个迷宫！这个迷宫是网格图形状的。 LYK 一开始在(1,1)位置，出口在(n,m)。
而且这个迷宫里有很多怪兽，若第 a 行第 b 列有一个怪兽，且此时 LYK 处于第 c 行 d 列，此
时这个怪兽对它的威胁程度为|a-c|+|b-d|。
LYK 想找到一条路径，使得它能从(1,1)到达(n,m)，且在途中对它威胁程度最小的怪兽的
威胁程度尽可能大。
当然若起点或者终点处有怪兽时，无论路径长什么样，威胁程度最小的怪兽始终=0。
输入格式(run.in)
第一行两个数 n,m。
接下来 n 行，每行 m 个数，如果该数为 0，则表示该位置没有怪兽，否则存在怪兽。
数据保证至少存在一个怪兽。
输入格式(run.out)
一个数表示答案。
输入样例
3 4
0 1 1 0
0 0 0 0
1 1 1 0
输出样例
1
数据范围
对于 20%的数据 n=1。
对于 40%的数据 n<=2。
对于 60%的数据 n,m<=10。
对于 80%的数据 n,m<=100。
对于 90%的数据 n,m<=1000。
对于另外 10%的数据 n,m<=1000 且怪兽数量<=100。

bfs

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#define pa pair<int,int>
#define mk make_pair
#define X first
#define Y second
#define maxn 1010
using namespace std;
int n,m,k,ans,g[maxn][maxn],s[maxn][maxn],f[maxn][maxn];
queue<pa>q;
int xx[]={,,,-};
int yy[]={,-,,};
int init(){
    int x=,f=;char s=getchar();
    while(s<''||s>''){if(s=='-')f=-;s=getchar();}
    while(s>=''&&s<=''){x=x*+s-'';s=getchar();}
    return x*f;
}
bool Judge(int S){
    if(s[][]<S)return ;
    memset(f,,sizeof(f));
    while(!q.empty())q.pop();
    q.push(mk(,));f[][]=;
    while(!q.empty()){
        int x=q.front().X;
        int y=q.front().Y;
        q.pop();
        if(x==n&&y==m)return ;
        for(int i=;i<;i++){
            int nx=x+xx[i];
            int ny=y+yy[i];
            if(nx>=&&nx<=n&&ny>=&&ny<=m&&f[nx][ny]==&&s[nx][ny]>=S){
                f[nx][ny]=;q.push(mk(nx,ny));
            }
        }
    }
    return ;
}
int main(){
    freopen("run.in","r",stdin);
    freopen("run.out","w",stdout);
    n=init();m=init();
    memset(s,/,sizeof(s));
    for(int i=;i<=n;i++)
        for(int j=;j<=m;j++){
            g[i][j]=init();
            if(g[i][j]){
                q.push(mk(i,j));
                s[i][j]=;f[i][j]=;
            }
        }
    if(g[][]==||g[n][m]==){
        printf("0\n");return ;
    }
    while(!q.empty()){
        int x=q.front().X;
        int y=q.front().Y;
        q.pop();
        for(int i=;i<;i++){
            int nx=x+xx[i];
            int ny=y+yy[i];
            if(nx>=&&nx<=n&&ny>=&&ny<=m&&f[nx][ny]==){
                s[nx][ny]=min(s[nx][ny],s[x][y]+);
                f[nx][ny]=;q.push(mk(nx,ny));
            }
        }
    }
    int l=,r=n*m;
    while(l<=r){
        int mid=l+r>>;
        if(Judge(mid)){
            l=mid+;ans=mid;
        }
        else r=mid-;
    }
    printf("%d\n",ans);
    return ;
}

仙人掌(cactus)
Time Limit:1000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 在冲刺清华集训（ THUSC）！于是它开始研究仙人掌，它想来和你一起分享它最近
研究的结果。
如果在一个无向连通图中任意一条边至多属于一个简单环（简单环的定义为每个点至多
经过一次），且不存在自环，我们称这个图为仙人掌。
LYK 觉得仙人掌还是太简单了，于是它定义了属于自己的仙人掌。
定义一张图为美妙的仙人掌，当且仅当这张图是一个仙人掌且对于任意两个不同的点 i,j，
存在一条从 i 出发到 j 的路径，且经过的点的个数为|j-i|+1 个。
给定一张 n 个点 m 条边且没有自环的图， LYK 想知道美妙的仙人掌最多有多少条边。
数据保证整张图至少存在一个美妙的仙人掌。
输入格式(cactus.in)
第一行两个数 n,m 表示这张图的点数和边数。
接下来 m 行，每行两个数 u,v 表示存在一条连接 u,v 的无向边。
输出格式(cactus.out)
一个数表示答案
输入样例
4 6
1 2
1 3
1 4
2 3
2 4
3 4
输出样例
4
样例解释
选择边 1-2,1-3,2-3,3-4，能组成美妙的仙人掌，且不存在其它美妙仙人掌有超过 4 条
边。
数据范围
对于 20%的数据 n<=3。
对于 40%的数据 n<=5。
对于 60%的数据 n<=8。
对于 80%的数据 n<=1000。
对于 100%的数据 n<=100000 且 m<=min(200000,n*(n-1)/2)。

考试的时候骗了40 2333

正解比较裸

/*
飘渺的题意....
美妙的仙人掌包含了1-n所有的点
题目中要求任意ij满足条件 那么每个i和i+1一定先连边
这里的ij是整张图的ij 不是仅仅包括仙人掌的哪一坨
那1-n就构成了一条链 考虑剩下的边 每连两条 u1u2 v1v2
看做两端区间 如果重叠的话 就不是仙人掌了
也就是说 先保证满足条件 （连成一条链）然后选尽量多的边
就成了线段覆盖
*/
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#define maxn 100010
using namespace std;
int n,m,cnt;
struct node{
    int u,v;
    bool operator < (const node &x)const{
        return v<x.v;
    }
}e[maxn*];
int init(){
    int x=,f=;char s=getchar();
    while(s<''||s>''){if(s=='-')f=-;s=getchar();}
    while(s>=''&&s<=''){x=x*+s-'';s=getchar();}
    return x*f;
}
int main()
{
    freopen("cactus.in","r",stdin);
    freopen("cactus.out","w",stdout);
    n=init();m=init();
    int u,v;
    for(int i=;i<=m;i++){
        u=init();v=init();
        if(u>v)swap(u,v);
        if(u!=v-){
            e[++cnt].u=u;e[cnt].v=v;
        }
    }
    sort(e+,e++cnt);
    int r=,sum=;
    for(int i=;i<=cnt;i++)
        if(e[i].u>=r){
            sum++;r=e[i].v;
        }
    printf("%d\n",sum+n-);
    return ;
}