链接;http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3397

题意:

给你一串01串,有5种操作

0. 区间全部变为0

1.区间全部变为1

2.区间异或

3.询问区间1的个数

4.询问区间被最长连续1的长度

思路:

这5个操作都是比较基础的线段树操作,难点在于有两种修改操作,这类题之前也写过,之前是乘法和加法,这个是区间亦或和区间更新值,但是思路是可以借鉴的,我们要推出这两个操作的关系,这样才能维护好这两个标记,我们用两个标记:same , rev ,分别表示区间更新值和区间异或,那么向下更新的时候如果如果有same标记,清空当前区间的rev标记,简单维护下就好了,如果有rev标记,且有same标记,那么直接对same异或维护,如果没有same标记那么就维护下区间异或就好了。

写的超爽,一遍就a了,美滋滋,还以为又要找好久的错。。

实现代码:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
#define mid int m = (l + r) >> 1
#define ll long long const int M = 1e5 + ;
int lsum1[M<<],rsum1[M<<],sum1[M<<];
int lsum0[M<<],rsum0[M<<],sum0[M<<];
int sum[M<<],same[M<<],rev[M<<];
int a[M]; void pushup(int l,int r,int rt){
mid;
sum[rt] = sum[rt<<] + sum[rt<<|];
lsum0[rt] = lsum0[rt<<]; lsum1[rt] = lsum1[rt<<];
rsum0[rt] = rsum0[rt<<|]; rsum1[rt] = rsum1[rt<<|];
if(lsum0[rt] == m-l+) lsum0[rt] += lsum0[rt<<|];
if(rsum0[rt] == r-m) rsum0[rt] += rsum0[rt<<];
if(lsum1[rt] == m-l+) lsum1[rt] += lsum1[rt<<|];
if(rsum1[rt] == r-m) rsum1[rt] += rsum1[rt<<];
sum0[rt] = max(max(sum0[rt<<],sum0[rt<<|]),lsum0[rt<<|]+rsum0[rt<<]);
sum1[rt] = max(max(sum1[rt<<],sum1[rt<<|]),lsum1[rt<<|]+rsum1[rt<<]);
} void swa(int len,int rt){
sum[rt] = len - sum[rt];
swap(lsum1[rt],lsum0[rt]);
swap(rsum1[rt],rsum0[rt]);
swap(sum1[rt],sum0[rt]);
} void pushdown(int l,int r,int rt){
mid;
if(same[rt]!=-){
rev[rt<<] = rev[rt<<|] = ;
same[rt<<] = same[rt<<|] = same[rt];
if(same[rt]){
sum[rt<<] = lsum1[rt<<] = rsum1[rt<<] = sum1[rt<<] = m-l+;
sum[rt<<|] = lsum1[rt<<|] = rsum1[rt<<|] = sum1[rt<<|] = r-m;
lsum0[rt<<] = rsum0[rt<<] = sum0[rt<<] = sum0[rt<<|] = rsum0[rt<<|] = lsum0[rt<<|] = ;
}
else{
sum[rt<<] = lsum1[rt<<] = rsum1[rt<<] = sum1[rt<<] = ;
sum[rt<<|] = lsum1[rt<<|] = rsum1[rt<<|] = sum1[rt<<|] = ;
lsum0[rt<<] = rsum0[rt<<] = sum0[rt<<] = m-l+;
sum0[rt<<|] = rsum0[rt<<|] = lsum0[rt<<|] = r-m;
}
same[rt] = -;
}
if(rev[rt]){
if(same[rt<<] != -){
same[rt<<] ^= ;
if(same[rt<<]){
sum[rt<<] = lsum1[rt<<] = rsum1[rt<<] = sum1[rt<<] = m-l+;
lsum0[rt<<] = rsum0[rt<<] = sum0[rt<<] = ;
}
else{
sum[rt<<] = lsum1[rt<<] = rsum1[rt<<] = sum1[rt<<] = ;
lsum0[rt<<] = rsum0[rt<<] = sum0[rt<<] = m-l+;
}
}
else{
rev[rt<<] ^= ;
swa(m-l+,rt<<);
}
if(same[rt<<|] != -){
same[rt<<|] ^= ;
if(same[rt<<|]){
sum[rt<<|] = lsum1[rt<<|] = rsum1[rt<<|] = sum1[rt<<|] = r-m;
sum0[rt<<|] = rsum0[rt<<|] = lsum0[rt<<|] = ;
}
else{
sum[rt<<|] = lsum1[rt<<|] = rsum1[rt<<|] = sum1[rt<<|] = ;
sum0[rt<<|] = rsum0[rt<<|] = lsum0[rt<<|] = r-m;
}
}
else{
rev[rt<<|] ^= ;
swa(r-m,rt<<|);
}
rev[rt] = ;
}
} void build(int l,int r,int rt){
same[rt] = -; rev[rt] = ;
lsum1[rt] = rsum1[rt] = lsum0[rt] = rsum0[rt] = sum0[rt] = sum1[rt] = sum[rt] = ;
if(l == r){
if(a[l]){
lsum1[rt] = sum[rt] = sum1[rt] = rsum1[rt] = ;
lsum0[rt] = rsum0[rt] = sum0[rt] = ;
}
else {
sum1[rt] = sum[rt] = sum1[rt] = rsum1[rt] = ;
lsum0[rt] = rsum0[rt] = sum0[rt] = ;
}
return ;
}
mid ;
build(lson); build(rson);
pushup(l,r,rt);
} void update_same(int L,int R,int c,int l,int r,int rt){
if(L <= l&&R >= r){
rev[rt] = ;
same[rt] = c;
if(same[rt]){
sum[rt] = lsum1[rt] = rsum1[rt] = sum1[rt] = r-l+;
lsum0[rt] = rsum0[rt] = sum0[rt] = ;
}
else{
sum[rt] = lsum1[rt] = rsum1[rt] = sum1[rt] = ;
lsum0[rt] = rsum0[rt] = sum0[rt] = r-l+;
}
return ;
}
pushdown(l,r,rt);
mid;
if(L <= m) update_same(L,R,c,lson);
if(R > m) update_same(L,R,c,rson);
pushup(l,r,rt);
} void update_rev(int L,int R,int l,int r,int rt){
if(L <= l&&R >= r){
if(same[rt] != -){
same[rt] ^= ;
if(same[rt]){
sum[rt] = lsum1[rt] = rsum1[rt] = sum1[rt] = r-l+;
lsum0[rt] = rsum0[rt] = sum0[rt] = ;
}
else{
sum[rt] = lsum1[rt] = rsum1[rt] = sum1[rt] = ;
lsum0[rt] = rsum0[rt] = sum0[rt] = r-l+;
}
}
else{
rev[rt] ^= ;
swa(r-l+,rt);
}
return ;
}
mid ;
pushdown(l,r,rt);
if(L <= m) update_rev(L,R,lson);
if(R > m) update_rev(L,R,rson);
pushup(l,r,rt);
} int query_sum(int L,int R,int l,int r,int rt){
if(L <= l&&R >= r){
return sum[rt];
}
pushdown(l,r,rt);
mid;
int ret = ;
if(L <= m) ret += query_sum(L,R,lson);
if(R > m) ret += query_sum(L,R,rson);
return ret;
} int query_max(int L,int R,int l,int r,int rt){
if(L <= l&&R >= r){
return sum1[rt];
}
pushdown(l,r,rt);
mid;
int ret = ;
if(L > m) return query_max(L,R,rson);
if(R <= m) return query_max(L,R,lson);
int t1 = query_max(L,R,lson);
int t2 = query_max(L,R,rson);
int ls = min(rsum1[rt<<],m-L+);
int rs = min(lsum1[rt<<|],R-m);
return max(max(t1,t2),ls+rs);
} int main()
{
int n,q,x,y,op,t;
scanf("%d",&t);
while(t--){
scanf("%d%d",&n,&q);
for(int i = ;i <= n;i ++)
scanf("%d",&a[i]);
build(,n,);
while(q--){
scanf("%d%d%d",&op,&x,&y);
x++; y++;
if(op == ){
update_same(x,y,,,n,);
}
else if(op == ){
update_same(x,y,,,n,);
}
else if(op == ){
update_rev(x,y,,n,);
}
else if(op == ){
printf("%d\n",query_sum(x,y,,n,));
}
else {
printf("%d\n",query_max(x,y,,n,));
}
}
}
return ;
}

hdu 3397 Sequence operation (线段树 区间合并 多重标记)的更多相关文章

  1. hdu 3397 Sequence operation 线段树 区间更新 区间合并

    题意: 5种操作,所有数字都为0或1 0 a b:将[a,b]置0 1 a b:将[a,b]置1 2 a b:[a,b]中的0和1互换 3 a b:查询[a,b]中的1的数量 4 a b:查询[a,b ...

  2. hdu 3397 Sequence operation 线段树

    题目链接 给出n个数, 每个数是0或1, 给5种操作, 区间变为1, 区间变为0, 区间0,1翻转, 询问区间内1的个数, 询问区间内最长连续1的个数. 需要将数组开成二维的, 然后区间0, 1翻转只 ...

  3. HDU 6638 - Snowy Smile 线段树区间合并+暴力枚举

    HDU 6638 - Snowy Smile 题意 给你\(n\)个点的坐标\((x,\ y)\)和对应的权值\(w\),让你找到一个矩形,使这个矩阵里面点的权值总和最大. 思路 先离散化纵坐标\(y ...

  4. HDU 5316——Magician——————【线段树区间合并区间最值】

    Magician Time Limit: 18000/9000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)Total S ...

  5. HDU 1540 Tunnel Warfare 线段树区间合并

    Tunnel Warfare 题意:D代表破坏村庄,R代表修复最后被破坏的那个村庄,Q代表询问包括x在内的最大连续区间是多少 思路:一个节点的最大连续区间由(左儿子的最大的连续区间,右儿子的最大连续区 ...

  6. Sequence operation(线段树区间多种操作)

    Sequence operation Time Limit: 10000/5000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Othe ...

  7. (简单) HDU 3308 LCIS,线段树+区间合并。

    Problem Description Given n integers. You have two operations: U A B: replace the Ath number by B. ( ...

  8. hdu 4453 约会安排(线段树区间合并)

    约会安排 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65535/32768 K (Java/Others)Total Submis ...

  9. hdu 3308 LCIS(线段树区间合并)

    题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php? pid=3308 LCIS Time Limit: 6000/2000 MS (Java/Others)     ...

随机推荐

  1. TCP/IP协议---广播和多播及IGMP协议

    老板找某个高层谈话,这是一对一形式.当老板叫来所有高层谈话,那么就变为了一对多.计算机网络中也是如此,当一个主机需要和更多机器对话时,就有了广播和多播这种形式. 广播和多播仅应用于UDP,它们对需将报 ...

  2. BZOJ 4804: 欧拉心算

    数论题不多BB,直接开始推导吧: \(\sum_{i=1}^n \sum_{j=1}^n \phi(gcd(i,j))\) \(=\sum_{i=1}^n \sum_{j=1}^n \sum_{d=1 ...

  3. C#断点续传下载。

    断点续传 最近在优化之前的下载流程,仅此篇幅留作笔记之用,日后其他研究此类问题的伙伴可以马上了解原理和开发,减少开发成本. 原理:断点续传目前比较通用的是使用HTTP续传方式,相关的资料可以通过访问: ...

  4. HTTP Error 500.22 - Internal Server Error 错误解决方案

    1. 首先进入IIS ,配置IIS 应用程序池的.Net Framework版本 2. 点击左侧应用程序池,再单机右侧设置,选择版本 3. 设置为经典模式 如若遇到以下错误: 解决方案:删除confi ...

  5. 1013 C. Photo of The Sky

    传送门 [http://codeforces.com/contest/1013/problem/C] 题意 输入一个n代表n颗星星,输入2n个数,其中任意两个数代表一颗行星的坐标,问你把n个星星围起来 ...

  6. 毕业设计 之 二 PHP集成环境(Dreamweaver)使用

    毕业设计 之 二 PHP学习笔记(一) 作者:20135216 平台:windows10 软件:XAMPP,DreamWeaver 一.环境搭建 1.XAMPP下载安装 XAMPP是PHP.MySQL ...

  7. Linux内核分析 读书笔记 (第四章)

    第四章 进程调度 调度程序负责决定将哪个进程投入运行,何时运行以及运行多长时间.进程调度程序可看做在可运行态进程之间分配有限的处理器时间资源的内核子系统.只有通过调度程序的合理调度,系统资源才能最大限 ...

  8. springboot整合fastJson遇到重定向问题

    通过网上教程使用springboot整合fastJson后遇到页面重定向问题(使用的springboot版本是2.0.2.RELEASE ,其他的版本可能不会出现以下问题),如下图: 我的项目结构如下 ...

  9. Vue命令(一)

    Vue Command Summary 1.v-bind:元素节点的title属性和message保持一致. <div id="app-1"> <span v-b ...

  10. Sprint第三个计划

    这一次是最后的一个阶段,承上启下.这一阶段我们将转向Android的主要设计.加油,最后十天.