bzoj 4912: [Sdoi2017]天才黑客

Description

Solution

这个题和点没什么关系 , 之和边与边之间关系有关 , 我们就把边看作点 , 边权就是 $lcp$ , 点权看作这条边本来的权值.

现在考虑两两连边 , $lcp$ 就是两个点在 $trie$ 树上的 $lca$ 的深度.

这样连边是 $O(m^2)$ 的 , 考虑优化 , 我们把一个点的出边和入边都单独拿出来 , 并按照 $dfs$ 序排序 , 设排序之后的数组为 $q$.

设 $h[i]=lcp(dep(lca(q[i],q[i+1])))$ , 那么 $lcp(i,j)=min(h[i],h[i+1]...h[j-1])$ , 这就是后缀数组求 $lcp$ 时的思想 , 把 $height$ 数组取 $min$ .

由于是求最小值 , 我们只需要把所有可能的走法都构造出来 , 然后取 $min$ 就行了.

于是这么考虑 , 建立两行虚点前缀节点和后缀节点 , 从 $q[i]$ 走到 $q[i+1]$ 最多付出 $h[i]$ 的代价 , $dfs$ 序相邻的连代价为 $h[i]$ 的边 , 并且把 $dfs$ 序上的点都用虚点串起来 , 这样跑最短路的时候就可以取 $min$ 了.

#include<bits/stdc++.h>

#define I vector<int>::iterator

using namespace std;

template<class T>void gi(T &x){

	int f;char c;

	for(f=1,c=getchar();c<'0'||c>'9';c=getchar())if(c=='-')f=-1;

	for(x=0;c<='9'&&c>='0';c=getchar())x=x*10+(c&15);x*=f;

}

const int N=1000010,inf=2e9;

vector<int>OT[N],IN[N];

int head[N],nxt[N*2],to[N*2],num=0,q[N],dfn[N],DFN=0;

int pl[N],pr[N],sl[N],sr[N],tt,dis[N*2],v[N];

inline void link(int x,int y,int z){

	nxt[++num]=head[x],to[num]=y,head[x]=num,dis[num]=z;}

int n,m,K,d[N],dep[N],fa[N][20];

inline void dfs(int x){

	dfn[x]=++DFN;

	for(int i=1;i<=18;i++)fa[x][i]=fa[fa[x][i-1]][i-1];

	for(int i=head[x];i;i=nxt[i]){

		int u=to[i];

		dep[u]=dep[x]+1,fa[u][0]=x,dfs(u);

	}

}

inline int lca(int x,int y){

	if(dep[x]<dep[y])swap(x,y);

	for(int i=18;i>=0;i--)if((dep[x]-dep[y])>>i&1)x=fa[x][i];

	if(x==y)return x;

	for(int i=18;i>=0;i--)if(fa[x][i]!=fa[y][i])x=fa[x][i],y=fa[y][i];

	return fa[x][0];

}

inline bool comp(int i,int j){return dfn[d[abs(i)]]<dfn[d[abs(j)]];}

inline void build(int x){

	int cnt=0;

	for(I it=IN[x].begin();it!=IN[x].end();++it)q[++cnt]=*it;

	for(I it=OT[x].begin();it!=OT[x].end();++it)q[++cnt]=-*it;

	sort(q+1,q+cnt+1,comp);

	for(int i=1;i<=cnt;i++){

		pl[i]=++tt,pr[i]=++tt;

		sl[i]=++tt,sr[i]=++tt;

		if(i>1)link(pl[i-1],pl[i],0),link(pr[i-1],pr[i],0),

					 link(sl[i],sl[i-1],0),link(sr[i],sr[i-1],0);

		if(q[i]>0)link(q[i],pl[i],0),link(q[i],sl[i],0);

		else q[i]=-q[i],link(pr[i],q[i],0),link(sr[i],q[i],0);

	}

	for(int i=1;i<cnt;i++){

		int z=dep[lca(d[q[i]],d[q[i+1]])];

		link(pl[i],pr[i+1],z),link(sl[i+1],sr[i],z);

	}

}

int f[N];bool vis[N];

struct data{int x,v;};

inline bool operator <(data i,data j){return i.v>j.v;}

priority_queue<data>Q;

inline void dj(){

	int k=0;

	while(!Q.empty()){

		int x=Q.top().x;Q.pop();

		if(vis[x])continue;

		++k,vis[x]=1;

		if(k==tt)break;

		for(int i=head[x];i;i=nxt[i]){

			int u=to[i];

			if(!vis[u] && f[x]+dis[i]+v[u]<f[u])

				f[u]=f[x]+dis[i]+v[u],Q.push((data){u,f[u]});

		}

	}

	while(!Q.empty())Q.pop();

}

inline void work(){

	int x,y,z;

	cin>>n>>m>>K;

	tt=m,num=DFN=0;

	for(int i=0;i<N;i++)f[i]=inf,head[i]=v[i]=d[i]=vis[i]=0;

	for(int i=1;i<=n;i++)IN[i].clear(),OT[i].clear();

	for(int i=1;i<=m;i++){

		gi(x),gi(y),gi(v[i]),gi(d[i]);

		if(x==1)Q.push((data){i,v[i]}),f[i]=v[i];

		OT[x].push_back(i),IN[y].push_back(i);

	}

	for(int i=2;i<=K;i++)gi(x),gi(y),gi(z),link(x,y,0);

	dfs(1);

	memset(head,0,sizeof(head)),num=0;

	for(int i=1;i<=n;i++)build(i);

	dj();

	for(int i=2,ans=f[0];i<=n;i++,ans=f[0]){

		for(I it=IN[i].begin();it!=IN[i].end();++it)ans=min(ans,f[*it]);

		printf("%d\n",ans);

	}

}

int main(){

  freopen("pp.in","r",stdin);

  freopen("pp.out","w",stdout);

  int T;cin>>T;

  while(T--)work();

  return 0;

}