跟去年NOIP某题基本一样。

最小生成树之后,就变成了询问连接两点的路径上的权值最大的边。

倍增LCA、链剖什么的随便搞。

块状树其实也是很简单的,只不过每个点的点权要记录成“连接其与其父节点的边的权值”,然后暴力LCA时不要用LCA的值更新答案了。

 #include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define maxn 15001
int Res,Num;char C,CH[];
inline int Ge()
{
Res=;C='*';
while(C<''||C>'')C=getchar();
while(C>=''&&C<=''){Res=Res*+(C-'');C=getchar();}
return Res;
}
inline void P(int x)
{
Num=;if(!x){putchar('');puts("");return;}
while(x>)CH[++Num]=x%,x/=;
while(Num)putchar(CH[Num--]+);
putchar('\n');
}
struct Edge{int u,v,w;void Read(){u=Ge();v=Ge();w=Ge();}};
bool cmp(const Edge &a,const Edge &b){return a.w<b.w;}
Edge edges[maxn<<];
struct Graph
{
int v[maxn<<],first[maxn<<],next[maxn<<],w[maxn<<],en;
void AddEdge(const int &a,const int &b)
{v[++en]=b;next[en]=first[a];first[a]=en;}
void AddEdge(const int &a,const int &b,const int &c)
{v[++en]=b;w[en]=c;next[en]=first[a];first[a]=en;}
};
Graph G[];
int fa[maxn],dep[maxn],top[maxn],siz[maxn],sz,maxv[maxn],W[maxn];
int n,m,q,x,y;
void makeblock(int cur)
{
for(int i=G[].first[cur];i;i=G[].next[i])
if(G[].v[i]!=fa[cur])
{
dep[G[].v[i]]=dep[cur]+;
W[G[].v[i]]=G[].w[i];
fa[G[].v[i]]=cur;
if(siz[top[cur]]<sz)
{
siz[top[cur]]++;
top[G[].v[i]]=top[cur];
G[].AddEdge(cur,G[].v[i]);
}
makeblock(G[].v[i]);
}
}
int rank[maxn],father[maxn];
void init(){for(int i=;i<=n;i++) father[i]=i;}
int findroot(int x)
{
if(father[x]==x) return x;
int rt=findroot(father[x]);
father[x]=rt;
return rt;
}
void Union(int U,int V)
{
if(rank[U]<rank[V]) father[U]=V;
else
{
father[V]=U;
if(rank[U]==rank[V]) rank[U]++;
}
}
void dfs(int cur,int Maxnow)
{
maxv[cur]=Maxnow;
for(int i=G[].first[cur];i;i=G[].next[i])
dfs(G[].v[i],max(Maxnow,W[G[].v[i]]));
}
int Query_max(int u,int v)
{
int res=-;
while(u!=v)
{
if(top[u]==top[v])
{
if(dep[u]<dep[v]) swap(u,v);
res=max(res,W[u]);
u=fa[u];
}
else
{
if(dep[top[u]]<dep[top[v]]) swap(u,v);
res=max(res,maxv[u]);
u=fa[top[u]];
}
}
return res;
}
int main()
{
n=Ge();m=Ge();q=Ge();
for(int i=;i<=m;i++) edges[i].Read();
sort(edges+,edges+m+,cmp);
init();
int cnt=;
for(int i=;i<=m;i++)
{
int f1=findroot(edges[i].u),f2=findroot(edges[i].v);
if(f1!=f2)
{
Union(f1,f2);
G[].AddEdge(edges[i].u,edges[i].v,edges[i].w);
G[].AddEdge(edges[i].v,edges[i].u,edges[i].w);
cnt++;
if(cnt==n-) break;
}
}
sz=sqrt(n);
for(int i=;i<=n;i++)
{
top[i]=i;
siz[i]=;
}
makeblock();
for(int i=;i<=n;i++) if(top[i]==i) dfs(i,W[i]);
for(int i=;i<=q;i++) {x=Ge();y=Ge();P(Query_max(x,y));}
return ;
}

【kruscal】【最小生成树】【块状树】bzoj3732 Network的更多相关文章

  1. CF891C Envy 最小生成树/虚树

    正解:最小生成树/虚树 解题报告: 传送门! sd如我就只想到了最暴力的想法,一点儿优化都麻油想到,,,真的菜到爆炸了QAQ 然后就分别港下两个正解QAQ 法一,最小生成树 这个主要是要想到关于最小生 ...

  2. bzoj 3720: Gty的妹子树 块状树

    3720: Gty的妹子树 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 412  Solved: 153[Submit][Status] Descr ...

  3. 【块状树】bzoj3731 Gty的超级妹子树

    带 加点 删边的块状树. 加点在 bzoj3720 说过. 删边其实就是块顶打标记,记录其属于哪棵树,防止在dfs搜集答案时跑到别的树上. 然后暴力把所在块拆开. 好像用邻接表存图,直接在vector ...

  4. 【块状树】bzoj3720 Gty的妹子树

    块状树.教程见:http://z55250825.blog.163.com/blog/static/1502308092014163413858/将树按一定大小分块,分成许多子树,在每个子树的根节点记 ...

  5. 【块状树】【树链剖分】bzoj1036 [ZJOI2008]树的统计Count

    很早之前用树链剖分写过,但是代码太长太难写,省选现场就写错了. #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring ...

  6. 【块状树】【博弈论】bzoj3729 Gty的游戏

    块状树,每个块的根记录一下当前块内距块根为奇数距离的异或和和偶数距离的异或和,询问的时候讨论一下即可. 总的节点数可能超过50000. #include<cstdio> #include& ...

  7. 【块状树】【树链剖分】【线段树】bzoj3531 [Sdoi2014]旅行

    离线后以宗教为第一关键字,操作时间为第二关键字排序. <法一>块状树,线下ac,线上tle…… #include<cstdio> #include<cmath> # ...

  8. 【最近公共祖先】【块状树】CODEVS 1036 商务旅行

    在线块状树LCA模板. #include<cstdio> #include<vector> #include<algorithm> #include<cmat ...

  9. bzoj3732: Network(最小生成树+LCA)

    3732: Network 题目:传送门 题解: 第一眼就看到最大边最小,直接一波最小生成树. 一开始还担心会错,问了一波肉大佬,任意两点在最小生成树上的路径最大边一定是最小的. 那么事情就变得简单起 ...

随机推荐

  1. [SDOI2011]消防/[NOIP2007] 树网的核

    消防 题目描述 某个国家有n个城市,这n个城市中任意两个都连通且有唯一一条路径,每条连通两个城市的道路的长度为zi(zi<=1000). 这个国家的人对火焰有超越宇宙的热情,所以这个国家最兴旺的 ...

  2. [USACO08DEC] 秘密消息Secret Message

    题目描述 Bessie is leading the cows in an attempt to escape! To do this, the cows are sending secret bin ...

  3. Codeforces Round #487 (Div. 2) A Mist of Florescence (暴力构造)

    C. A Mist of Florescence time limit per test 1 second memory limit per test 256 megabytes input stan ...

  4. HDU 多校对抗赛 A Maximum Multiple

    Maximum Multiple Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) ...

  5. spring中<bean>中parent标签的使用

    简介:spring 中parent标签是指:某个<bean>的父类.这个类可以覆盖parent的属性, 代码如下: Parent类的代码如下: package com.timo.domai ...

  6. session超时设置+超时页面跳转

    session超时设置,方法有三种: (1)在主页面或者公共页面中加入:session.setMaxInactiveInterval(600);参数600单位是秒,即在没有10分钟活动后,sessio ...

  7. windows支持applocker的版本

    Operating system requirements   The following table show the on which operating systems AppLocker fe ...

  8. jenkins===当postman出现错误403 No valid crumb was included in the request的解决办法

    问题描述:当使用postman获取jenkins的json数据的时候,会返回标题中描述的错误 如下图: 将圈中的框,取消勾选! 再次运行正常! 这时候修改jenkins如下:

  9. 远程编写+调试服务器上的Python程序

    原帖参见(需自备梯子):https://webcache.googleusercontent.com/search?q=cache:1htdR2EXj5wJ:https://www.digitaloc ...

  10. jQuery重置单选框和input框

    取消选中单选框radio,第一种,第二种方式是使用jQuery实现的,第三种方式是基于JS和DOM实现的,大家可以看看下面的示例 本文提供了三种取消选中radio的方式,代码示例如下: 本文依赖于jQ ...