POJ 2288 Islands and Bridges (状压DP,变形)
题意:
给一个无向图,n个点m条边,每个点有点权,要求找到一条哈密顿路径,使得该路径的f(path)值最大。输出f值,若有多条最大f值的路径,输出路径数量。
f值由如下3点累加而来:
(1)所有点权之和。
(2)路径上相邻两点的点权之积。
(3)路径上如果有连续的3个点是一个三角形(即3点成环),则累加三点的点权之积。
思路:
根据f值的计算方式,第一项基本是不会变的,其他两项与路径有关。由于需要计算第3点,所以状态还需要记录每个状态的最后两个点(有序的),来判断是否为三角形。那么状态表示为[哪些点浏览过][倒数第2个点][末节点],如果是在刚开始,只有1个点,那么第二维就是0就行了。路径数是根据DP的过程来计算的,开一个和状态数一样的数组保存即可。
注意点:路径统计要小心,图可能不连通,可能只有1个点,路径数可能爆LL?
//#include <bits/stdc++.h>
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <deque>
#include <map>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <iostream>
#define pii pair<int,int>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LL long long
#define ULL unsigned long long
using namespace std;
const double PI = acos(-1.0);
const int N=;
int n, w[N];
LL cnt[<<][N][N], dp[<<][N][N],ans, ans2;
bool g[N][N]; void fuck(int s,int i,int k)
{
for(int j=; j<=n; j++) //枚举终点
{
if( (s&(<<j-)) || !g[i][j] ) continue;//已经走过or无路径 LL c=cnt[s][k][i];
LL v=dp[s][k][i]+w[i]*w[j];
if( g[k][j] ) v+=w[k]*w[i]*w[j]; //三角形出现 LL &cc=cnt[s|(<<j-)][i][j];
LL &dd=dp[s|(<<j-)][i][j];
if( dd<=v )
{
if(dd==v) cc+=c;
else cc=c;
dd=v;
}
}
}
void cal()
{
memset(dp,-,sizeof(dp));
memset(cnt,,sizeof(cnt));
ans=-;
ans2=-;
for(int i=; i<=n; i++)
{
dp[<<i-][][i]=;
cnt[<<i-][][i]=;
}
for(int s=; s<(<<n); s++)
{
for(int i=; i<=n; i++) //枚举k->i结尾
{
if( ( s&(<<i-) )== ) continue;
for(int k=; k<=n; k++)
{
if( k>&&(s&(<<k-))== || k==i ) continue;
if( dp[s][k][i]< ) continue;
fuck(s,i,k);
}
}
}
for(int i=; i<=n; i++) //枚举k->i结尾
{
for(int k=; k<=n; k++)
{
if(i==k || dp[(<<n)-][k][i]< ) continue;
if( ans==dp[(<<n)-][k][i] )
ans2+=cnt[(<<n)-][k][i];
else if( ans<dp[(<<n)-][k][i] )
{
ans=dp[(<<n)-][k][i];
ans2=cnt[(<<n)-][k][i];
}
}
}
} int main()
{
//freopen("input.txt","r",stdin);
int m, a, b, t, sum;cin>>t;
while(t--)
{
sum=;
scanf("%d%d",&n,&m);
memset(g,,sizeof(g));
for(int i=; i<=n; i++)
{
scanf("%d",&w[i]);
sum+=w[i];
}
for(int i=; i<m; i++)
{
scanf("%d%d",&a,&b);
g[a][b]=g[b][a]=true;
}
if(n==) printf("%d 1\n", w[]);
else
{
cal();
if(ans<) printf("0 0\n");
else printf("%lld %lld\n", ans+sum, ans2/);
}
}
return ;
}
AC代码
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