UVA 10163 Storage Keepers(两次DP)

UVA 10163 Storage Keepers(两次DP)

http://uva.onlinejudge.org/index.php?

option=com_onlinejudge&Itemid=8&page=show_problem&problem=1104

题意:

有n个仓库（最多100个），m个管理员（最多30个）。每一个管理员有一个能力值P(接下来的一行有m个数。表示每一个管理员的能力值).每一个仓库仅仅能由一个管理员看管，可是每一个管理员能够看管k个仓库（可是这个仓库分配到的安全值仅仅有p/k,k=0,1,..n. 当中p/k取整数部分）, 每一个月公司都要给看管员工资。雇用的管理员的工资即为他们的能力值p和。问。使每一个仓库的安全值最高的前提下。使的工资总和最小。

输出最大安全值，而且输出最少的花费。

分析:

開始做这题的时候, 我没注意”每一个仓库仅仅能由一个管理员看管”.这个条件. 只是就算没有这个条件, 也能够证明最优情况下, 一定存在每一个仓库仅仅有一个管理员看管的解.证明例如以下:

如果存在安全值最高且工资总和最小的解, 且当前解存在某个仓库有2个人看管. 那么这个仓库的安全值肯定取决于给予该仓库安全值大的那个人, 所以另外一个人我们能够直接让他不要看管这个仓库了, 那么这个人要么还有其它仓库看管(那么其它仓库的安全值可能变得更高,可能得到一个更高的安全总值),
要么我们能够解雇他.(得到一个更少的工资数) 所以在每一个仓库最多仅仅有1个人看管的情况下, 我们得到的解反而可能更优. 所以我们仅仅须要考虑每一个仓库最多仅仅有1个人看管的情况就可以.

       第一次DP过程,求最大安全总值.

令dp[i][j]==x表示前i个人看管j个仓库时, 能获得的最大安全总值为x.

状态转移: dp[i][j]= max( dp[i-1][j] , min( dp[i-1][k], p[i]/(j-k) ) ) 当中0<=k<j.

前者表示第i个人不看管不论什么仓库, 后者表示第i个人至少要看管j-k个仓库(j-k的范围为[1,j]).

终于所求为:  最大安全总值L=dp[m][n]的值.

第二次DP过程, 求在最大安全总值==L的情况下, 总花费最小.

令dp[i][j]==x表示前i个人看管j个仓库且最大安全总值==L时, 最小花费为x.

状态转移: dp[i][j]= min(dp[i-1][j], dp[i-1][k]+p[i]). 当中0<=k<=j-1且要求p[i]/k>=L.

       前者表示第i个人不看管不论什么仓库, 后者表示第i个人至少要看管j-k个仓库.(j-k属于范围[1,j])

终于所求为: 最小开销为Y=dp[m][n]的值.

上面说完了dp过程, 可是最easy错的不在dp, 而在dp数组的初始化问题上. 以下源码给了两份, 当中第一份是统一初始化dp数组, 可是对于边界特殊情况特殊处理了. 第二份是分类初始化dp数组, 可是就不用处理标记的特殊情况了. 详细原理事实上就是一个二维矩阵:

AC代码1:统一初始化dp数组并作特殊处理

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define INF 1e8
const int maxn=100+5;

int n,m;
int p[maxn];
int dp[maxn][maxn];
int L,Y;

bool solve()
{
    //dp[i][j]表前i个人看管j个仓库的最大安全总值
    memset(dp,0,sizeof(dp));

    for(int i=1;i<=m;i++)
    for(int j=1;j<=n;j++)
    {
        dp[i][j]=dp[i-1][j];
        if(i==1) //i==1,仅仅有1个人时
            dp[i][j]=max(dp[i][j],p[i]/j);
        else     //i>=2
        {
            for(int k=0;k<j;k++)//前i-1人管理k个仓库,第i人管理j-k个仓库
            {
                if(k==0) dp[i][j]=max(dp[i][j], p[i]/j);
                else
                    dp[i][j]=max(dp[i][j], min(dp[i-1][k] , p[i]/(j-k)) );
            }
        }
    }

    if(!dp[m][n]) return false;

    L=dp[m][n];

    //dp[i][j]表前i个人看管j个仓库的最小花费
    for(int i=1;i<=m;i++)
    for(int j=1;j<=n;j++)
        dp[i][j]=INF;

    for(int i=1;i<=m;i++)
    for(int j=1;j<=n;j++)
    {
        if(i==1)//i==1,仅仅有1个人
        {
            if(p[i]/j>=L) dp[i][j]=p[i];
        }
        else    //i>=2
        {
            dp[i][j]=min(dp[i][j], dp[i-1][j]);
            for(int k=0;k<j;k++)//前i-1个人管理k个仓库
            if(k==0)
            {
                if(p[i]/j>=L)
                    dp[i][j]=min(dp[i][j], p[i]);
            }
            else
            {
                if(p[i]/(j-k)>=L)
                    dp[i][j]=min(dp[i][j], dp[i-1][k]+p[i]);
            }

        }
    }

    Y=dp[m][n];
    return true;
}

int main()
{
    while(scanf("%d%d",&n,&m)==2 && n)
    {
        for(int i=1;i<=m;i++)
            scanf("%d",&p[i]);

        if(solve())
            printf("%d %d\n",L,Y);
        else printf("0 0\n");
    }
    return 0;
}

AC代码2:分类初始化,
不用处理边界.

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define INF 1e8
const int maxn=100+5;

int n,m;
int p[maxn];
int dp[maxn][maxn];
int L,Y;

bool solve()
{
    //dp[i][j]表前i个人看管j个仓库的最大安全总值
    for(int i=0;i<=m;i++)
        dp[i][0]=INF;
    for(int i=1;i<=n;i++)
        dp[0][i]=0;

    for(int i=1;i<=m;i++)
    for(int j=1;j<=n;j++)
    {
        dp[i][j]=dp[i-1][j];
        for(int k=0;k<j;k++)//前i-1人管理k个仓库,第i人管理j-k个仓库
            dp[i][j]=max(dp[i][j], min(dp[i-1][k] , p[i]/(j-k)) );
    }

    if(!dp[m][n]) return false;

    L=dp[m][n];

    //dp[i][j]表前i个人看管j个仓库的最小花费
    for(int i=0;i<=m;i++)
        dp[i][0]=0;
    for(int i=1;i<=n;i++)
        dp[0][i]=INF;

    for(int i=1;i<=m;i++)
    for(int j=1;j<=n;j++)
    {
        dp[i][j]=dp[i-1][j];
        for(int k=0;k<j;k++)//前i-1个人管理k个仓库
            if(p[i]/(j-k)>=L)
                dp[i][j]=min(dp[i][j], dp[i-1][k]+p[i]);
    }

    Y=dp[m][n];
    return true;
}

int main()
{
    while(scanf("%d%d",&n,&m)==2 && n)
    {
        for(int i=1;i<=m;i++)
            scanf("%d",&p[i]);

        if(solve())
            printf("%d %d\n",L,Y);
        else printf("0 0\n");
    }
    return 0;
}

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