P3313 [SDOI2014]旅行——树链剖分+线段树(动态开点?)
一棵树,其中的点分类,点有权值,在一条链上找到一类点中的最大值或总和;
树链剖分把树变成链;
把每个宗教单开一个线段树,维护区间总和和最大值;
宗教很多,需要动态开点;
树链剖分:
void dfs1(int x,int fa)
{
siz[x]=;
father[x]=fa;
dep[x]=dep[fa]+;
for(int p=last[x];p;p=pre[p])
{
int v=other[p];
if(v==fa) continue;
dfs1(v,x);
siz[x]+=siz[v];
if(siz[v]>siz[son[x]]) son[x]=v;
}
} void dfs2(int x,int tp)
{
id[x]=++cnt;
top[x]=tp;
if(!son[x]) return ;
dfs2(son[x],tp);
for(int p=last[x];p;p=pre[p])
{
int v=other[p];
if(v==father[x]||v==son[x]) continue;
dfs2(v,v);
}
} dfs1(,);
dfs2(,);
然后我们将每个点扔进所属宗教的线段树里;
设c[i]为i所属宗教,root[i]为线段树的总结点(根节点),注意这里用的节点为树链剖分后的新id
线段树不必记录自己的区间大小,节点是根据当前插入节点的新id决定的,不必将所有节点都开全,因为区间里的节点不都属于此线段树;
void build(int &rt,int l,int r,int w,int pos)
{
if(!rt) rt=++num;
//t[rt].l=l;t[rt].r=r;
t[rt].ma=max(t[rt].ma,w);
t[rt].sum+=w;
if(l==r) return ;
int mid=(l+r)>>;
if(pos<=mid) build(t[rt].l,l,mid,w,pos);
else build(t[rt].r,mid+,r,w,pos);
} for(int i=;i<=n;i++)
{
build(root[c[i]],,n,w[i],id[i]);
}
宗教会变,我们需要删除操作和插入操作;
删除时将他所在线段树中的节点删掉即可,插入即为建树操作;
点权值会变,我们只要把点删去,再将他作为一个新点插入即可;
求和操作:
正规树链剖分操作,将链上区间线段树求和即可,注意调用相关的线段树;
求最大值同上;
int query_tot(int rt,int lb,int rb,int l,int r)
{
if(r<lb||l>rb) return ;
if(r>=rb&&l<=lb) return t[rt].sum;
int mid=(lb+rb)>>;
return query_tot(t[rt].l,lb,mid,l,r)+query_tot(t[rt].r,mid+,rb,l,r);
} int tree_tot(int x,int y,int c)
{
int ans=;
while(top[x]!=top[y])
{
if(dep[top[x]]<dep[top[y]]) swap(x,y);
ans+=query_tot(root[c],,n,id[top[x]],id[x]);
x=father[top[x]];
}
if(dep[x]>dep[y]) swap(x,y);
ans+=query_tot(root[c],,n,id[x],id[y]);
return ans;
} int query_ma(int rt,int lb,int rb,int l,int r)
{
if(r<lb||l>rb) return ;
if(r>=rb&&l<=lb) return t[rt].ma;
int mid=(lb+rb)>>;
return max(query_ma(t[rt].l,lb,mid,l,r),query_ma(t[rt].r,mid+,rb,l,r));
} int tree_ma(int x,int y,int c)
{
int ans=;
while(top[x]!=top[y])
{
if(dep[top[x]]<dep[top[y]]) swap(x,y);
ans=max(ans,query_ma(root[c],,n,id[top[x]],id[x]));
x=father[top[x]];
}
if(dep[x]>dep[y]) swap(x,y);
ans=max(ans,query_ma(root[c],,n,id[x],id[y]));
return ans;
}
总代码:
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int maxn=1e6+;
int pre[maxn*],last[maxn],other[maxn*],l;
int w[maxn],c[maxn]; struct node_sec
{
int l,r,ma,sum;
}t[maxn*]; void add(int x,int y)
{
l++;
pre[l]=last[x];
last[x]=l;
other[l]=y;
} int n,m;
int father[maxn];
int siz[maxn],son[maxn];
int dep[maxn];
void dfs1(int x,int fa)
{
siz[x]=;
father[x]=fa;
dep[x]=dep[fa]+;
for(int p=last[x];p;p=pre[p])
{
int v=other[p];
if(v==fa) continue;
dfs1(v,x);
siz[x]+=siz[v];
if(siz[v]>siz[son[x]]) son[x]=v;
}
}
int cnt,id[maxn],top[maxn]; void dfs2(int x,int tp)
{
id[x]=++cnt;
top[x]=tp;
if(!son[x]) return ;
dfs2(son[x],tp);
for(int p=last[x];p;p=pre[p])
{
int v=other[p];
if(v==father[x]||v==son[x]) continue;
dfs2(v,v);
}
}
int root[maxn];
int num;
void build(int &rt,int l,int r,int w,int pos)
{
if(!rt) rt=++num;
//t[rt].l=l;t[rt].r=r;
t[rt].ma=max(t[rt].ma,w);
t[rt].sum+=w;
if(l==r) return ;
int mid=(l+r)>>;
if(pos<=mid) build(t[rt].l,l,mid,w,pos);
else build(t[rt].r,mid+,r,w,pos);
}
char s[]; void tree_remove(int &rt,int l,int r,int pos)
{
if(l==r)
{
t[rt].ma=;t[rt].sum=;
return ;
}
int mid=(l+r)>>;
if(pos<=mid) tree_remove(t[rt].l,l,mid,pos);
else tree_remove(t[rt].r,mid+,r,pos);
t[rt].ma=max(t[t[rt].l].ma,t[t[rt].r].ma);
t[rt].sum=t[t[rt].l].sum+t[t[rt].r].sum;
} int query_tot(int rt,int lb,int rb,int l,int r)
{
if(r<lb||l>rb) return ;
if(r>=rb&&l<=lb) return t[rt].sum;
int mid=(lb+rb)>>;
return query_tot(t[rt].l,lb,mid,l,r)+query_tot(t[rt].r,mid+,rb,l,r);
} int tree_tot(int x,int y,int c)
{
int ans=;
while(top[x]!=top[y])
{
if(dep[top[x]]<dep[top[y]]) swap(x,y);
ans+=query_tot(root[c],,n,id[top[x]],id[x]);
x=father[top[x]];
}
if(dep[x]>dep[y]) swap(x,y);
ans+=query_tot(root[c],,n,id[x],id[y]);
return ans;
} int query_ma(int rt,int lb,int rb,int l,int r)
{
if(r<lb||l>rb) return ;
if(r>=rb&&l<=lb) return t[rt].ma;
int mid=(lb+rb)>>;
return max(query_ma(t[rt].l,lb,mid,l,r),query_ma(t[rt].r,mid+,rb,l,r));
} int tree_ma(int x,int y,int c)
{
int ans=;
while(top[x]!=top[y])
{
if(dep[top[x]]<dep[top[y]]) swap(x,y);
ans=max(ans,query_ma(root[c],,n,id[top[x]],id[x]));
x=father[top[x]];
}
if(dep[x]>dep[y]) swap(x,y);
ans=max(ans,query_ma(root[c],,n,id[x],id[y]));
return ans;
} int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=;i<=n;i++)
{
scanf("%d%d",&w[i],&c[i]);
}
for(int i=;i<n;i++)
{
int x,y;
scanf("%d%d",&x,&y);
add(x,y);add(y,x);
}
dfs1(,);
dfs2(,);
for(int i=;i<=n;i++)
{
build(root[c[i]],,n,w[i],id[i]);
}
for(int i=;i<=m;i++)
{
int x,y;
scanf("%s",s);
if(s[]=='C')
{
scanf("%d%d",&x,&y);
tree_remove(root[c[x]],,n,id[x]);
build(root[y],,n,w[x],id[x]);
c[x]=y;
continue;
}
else if(s[]=='W')
{
scanf("%d%d",&x,&y);
tree_remove(root[c[x]],,n,id[x]);
build(root[c[x]],,n,y,id[x]);
w[x]=y;
continue;
}
else if(s[]=='S')
{
scanf("%d%d",&x,&y);
printf("%d\n",tree_tot(x,y,c[x]));
}
else
{
scanf("%d%d",&x,&y);
printf("%d\n",tree_ma(x,y,c[x]));
}
} return ;
}
P3313 [SDOI2014]旅行——树链剖分+线段树(动态开点?)的更多相关文章
- 洛谷P3313 [SDOI2014]旅行 题解 树链剖分+线段树动态开点
题目链接:https://www.luogu.org/problem/P3313 这道题目就是树链剖分+线段树动态开点. 然后做这道题目之前我们先来看一道不考虑树链剖分之后完全相同的线段树动态开点的题 ...
- B20J_3231_[SDOI2014]旅行_树链剖分+线段树
B20J_3231_[SDOI2014]旅行_树链剖分+线段树 题意: S国有N个城市,编号从1到N.城市间用N-1条双向道路连接,城市信仰不同的宗教,为了方便,我们用不同的正整数代表各种宗教. S国 ...
- 【BZOJ-2325】道馆之战 树链剖分 + 线段树
2325: [ZJOI2011]道馆之战 Time Limit: 40 Sec Memory Limit: 256 MBSubmit: 1153 Solved: 421[Submit][Statu ...
- 【BZOJ2243】[SDOI2011]染色 树链剖分+线段树
[BZOJ2243][SDOI2011]染色 Description 给定一棵有n个节点的无根树和m个操作,操作有2类: 1.将节点a到节点b路径上所有点都染成颜色c: 2.询问节点a到节点b路径上的 ...
- BZOJ2243 (树链剖分+线段树)
Problem 染色(BZOJ2243) 题目大意 给定一颗树,每个节点上有一种颜色. 要求支持两种操作: 操作1:将a->b上所有点染成一种颜色. 操作2:询问a->b上的颜色段数量. ...
- POJ3237 (树链剖分+线段树)
Problem Tree (POJ3237) 题目大意 给定一颗树,有边权. 要求支持三种操作: 操作一:更改某条边的权值. 操作二:将某条路径上的边权取反. 操作三:询问某条路径上的最大权值. 解题 ...
- bzoj4034 (树链剖分+线段树)
Problem T2 (bzoj4034 HAOI2015) 题目大意 给定一颗树,1为根节点,要求支持三种操作. 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子 ...
- HDU4897 (树链剖分+线段树)
Problem Little Devil I (HDU4897) 题目大意 给定一棵树,每条边的颜色为黑或白,起始时均为白. 支持3种操作: 操作1:将a->b的路径中的所有边的颜色翻转. 操作 ...
- Aizu 2450 Do use segment tree 树链剖分+线段树
Do use segment tree Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://www.bnuoj.com/v3/problem_show ...
- 【POJ3237】Tree(树链剖分+线段树)
Description You are given a tree with N nodes. The tree’s nodes are numbered 1 through N and its edg ...
随机推荐
- 怎样在python中写多行语句
一般来说, 一行就是一条语句, 但有时语句过长不利于阅读, 一般会写成多行的形式, 这时需要在换行时使用反斜杠: \ name = "Lilei" age = 23 gender ...
- ef core2.2 mysql迁移问题
前段时间,遇到的是ef core mysql迁移的时候,bool类型会自动yingsheweishort的问题,需要手动更正一下今天测试的时候,遇到了MySQL数据表修改后迁移的问题. 问题详情如下 ...
- metasploit情报收集
1.msf连接数据库 service postgresql start(postgresql默认用户名scott,密码tiger) msf > db_connect 用户名:密码@127.0.0 ...
- 遇到 GLFW 我的demo可以运行 但是公司的程序调用我的so运行不起来
//to do 原 因: 发现 自身demo的程序的shaders更新了 但是公司程序却没有更新 解决办法:更新公司程序的shaders 为最新版本 吸取的教训: 不仅仅要更新公司程序 ...
- werkzeug/routing.py-Map()源码解析
Map类主要用来存储所有的url规则和一些配置参数的.其中有一些配置的值只存储在Map实例里,因为这些值影响着所有的规则,还有一些其他的默认规则可以被重写. 通过之前分析的add_url_rule源码 ...
- Microsoft Word (2016) Deceptive File Reference ZDI-CAN-7949
[+] Credits: John Page (aka hyp3rlinx) [+] Website: hyp3rlinx.altervista.org[+] Source: http://hyp3 ...
- JDBCUtils工具类配置文件的读取方式
//第一种方式 Properties prop= new Properties(); //读取文件 通过类加载读取 InputStream is = JDBCUtils ...
- 高性能的js第三方库——lodash、 Underscore、async、md5及moment
背景:为了实现某些功能,如:数据排序.分组.筛选.深拷贝等,自己写的函数或网上搜索处理的转换函数质量无法保证,这时直接使用成熟的js第三方库是首选. *注:“framework(框架)”,“libra ...
- [转]理解Linux的性能
来源:http://www.linuxfly.org/post/114/ [转]理解Linux的性能 项目中常遇到需要对目前运行的系统进行效率分析,或碰到客户咨询如何优化系统的效率问题.更 ...
- 【DRF框架】利用序列化组件操作
使用序列化组件进行操作 不带参数:查+增 带参数:查.改.删 不带参数的操作 # url路由 url(r'^book_list/$',Search_book.as_view()), # views.p ...