题面

主席树启发式合并,每次连边维护并查集,集合大小,求lca所需信息,合并两个树上的主席树, 重点看代码.

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cassert>
#include <cstdio>
#include <cstring> using namespace std; const int N = 8e4 + 1, M = 2e7 + 1; int n, m, SIZE, Ht[N], a[N], T;
int head[N], nxt[N<<1], ver[N<<1], tot; void add(int u, int v)
{ ver[++tot] = v, nxt[tot] = head[u], head[u] = tot; } int f[N][21], dep[N]; int LCA(int u, int v) {
if (dep[u] < dep[v]) swap(u, v);
for (int i = 20; i >= 0; -- i) {
if (dep[f[u][i]] >= dep[v]) {
u = f[u][i];
}
}
assert(dep[u] == dep[v]);
if (u == v) return u;
for (int i = 20; i >= 0; -- i) {
if (f[u][i] != f[v][i]) {
u = f[u][i];
v = f[v][i];
}
}
assert(f[u][0] == f[v][0]);
return f[u][0];
} int sum[M], ls[M], rs[M], cnt, rt[N]; void insert(int &p, int l, int r, int val) {
p = ++cnt;
if (l == r) return;
int mid = l + r >> 1;
if (val <= mid) insert(ls[p], l, mid, val);
else insert(rs[p], mid + 1, r, val);
} void update(int last, int p, int l, int r, int val) {
assert(p);
sum[p] = sum[last] + 1;
if (l ==r) return;
int mid = l + r >> 1;
if (val <= mid) update(ls[last], ls[p], l, mid, val), rs[p] = rs[last];
else update(rs[last], rs[p], mid + 1, r, val), ls[p] = ls[last];
} int query(int last1, int last2, int p1, int p2, int l, int r, int k) {
if (l == r) return Ht[l];
int s = sum[ls[p1]] - sum[ls[last1]] + sum[ls[p2]] - sum[ls[last2]];
int mid = l + r >> 1;
if (k <= s) return query(ls[last1], ls[last2], ls[p1], ls[p2], l, mid, k);
else return query(rs[last1], rs[last2], rs[p1], rs[p2], mid + 1, r, k - s);
} bool vis[N];
void DFS(int u, int fa) {
vis[u] = 1;
update(rt[fa], rt[u], 1, SIZE, a[u]);
dep[u] = dep[fa] + 1;
f[u][0] = fa;
for (int i = 1; i <= 20; ++ i)
f[u][i] = f[ f[u][i - 1] ][i - 1]; for (int i = head[u]; i; i = nxt[i]) {
if (ver[i] != fa) DFS(ver[i], u);
}
} int fa[N], size[N];
int find(int x)
{ return x == fa[x] ? x : fa[x] = find(fa[x]); } void link(int &u, int &v) {
add(u, v); add(v, u);
int Fu = find(u), Fv = find(v);
if (size[Fu] > size[Fv]) swap(u, v), swap(Fu, Fv);
fa[Fv] = Fu; size[Fu] += size[Fv];
} int calc(int u, int v, int k) {
int lca = LCA(u, v);
return query(rt[lca], rt[f[lca][0]], rt[u], rt[v], 1, SIZE, k);
} int main() {
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("P3302.in", "r", stdin);
freopen("P3302.out", "w", stdout);
#endif
int _;
scanf("%d %d %d %d", &_, &n, &m, &T);
for (int i = 1; i <= n; ++ i) scanf("%d", a + i), Ht[i] = a[i]; sort(Ht + 1, Ht + 1 + n);
SIZE = unique(Ht + 1 ,Ht + 1+ n) - Ht - 1;
for (int i = 1 ;i <= n; ++ i) a[i] = lower_bound(Ht + 1, Ht + 1 + SIZE, a[i]) - Ht; for (int i = 1; i <= n; ++ i) fa[i] = i, size[i] = 1, insert(rt[i], 1, SIZE, a[i]); for (int i = 1; i <= m; ++ i) {
int u, v;
scanf("%d %d", &u, &v);
link(u, v);
} for (int i = 1; i <= n; ++ i)
if (!vis[find(i)]) DFS(find(i), 0); int ans = 0;
char op[4];
while (T --) {
scanf("%s", op);
if (op[0] == 'Q') {
int x, y, k; scanf("%d%d%d", &x, &y, &k); x ^= ans, y ^= ans, k ^= ans; printf("%d\n", ans = calc(x, y, k));
} else {
int x, y; scanf("%d%d", &x, &y); x ^= ans, y ^= ans; link(x, y); DFS(x, y);
}
}
}

SDOI2013森林的更多相关文章

  1. BZOJ 3123: [Sdoi2013]森林 [主席树启发式合并]

    3123: [Sdoi2013]森林 题意:一个森林,加边,询问路径上k小值.保证任意时刻是森林 LCT没法搞,树上kth肯定要用树上主席树 加边?启发式合并就好了,小的树dfs重建一下 注意 测试点 ...

  2. luoguP3302 [SDOI2013]森林 主席树 启发式合并

    题目链接 luoguP3302 [SDOI2013]森林 题解 本来这题树上主席树暴力启发式合并就完了 结果把lca写错了... 以后再也不这么写了 复杂度\(O(nlog^2n)\) "f ...

  3. P3302 [SDOI2013]森林(主席树+启发式合并)

    P3302 [SDOI2013]森林 主席树+启发式合并 (我以前的主席树板子是错的.......坑了我老久TAT) 第k小问题显然是主席树. 我们对每个点维护一棵包含其子树所有节点的主席树 询问(x ...

  4. [BZOJ3123][Sdoi2013]森林 主席树+启发式合并

    3123: [Sdoi2013]森林 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MB Description Input 第一行包含一个正整数testcase,表示当 ...

  5. BZOJ3123: [Sdoi2013]森林(启发式合并&主席树)

    3123: [Sdoi2013]森林 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 4813  Solved: 1420[Submit][Status ...

  6. 【BZOJ3123】[Sdoi2013]森林 主席树+倍增LCA+启发式合并

    [BZOJ3123][Sdoi2013]森林 Description Input 第一行包含一个正整数testcase,表示当前测试数据的测试点编号.保证1≤testcase≤20. 第二行包含三个整 ...

  7. 洛谷 P3302 [SDOI2013]森林 解题报告

    P3302 [SDOI2013]森林 题目描述 小\(Z\)有一片森林,含有\(N\)个节点,每个节点上都有一个非负整数作为权值.初始的时候,森林中有\(M\)条边. 小Z希望执行\(T\)个操作,操 ...

  8. 3123: [Sdoi2013]森林

    3123: [Sdoi2013]森林 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 3336  Solved: 978[Submit][Status] ...

  9. bzoj 3123: [Sdoi2013]森林(45分暴力)

    3123: [Sdoi2013]森林 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 4184  Solved: 1235[Submit][Status ...

  10. AC日记——[Sdoi2013]森林 bzoj 3123

    3123: [Sdoi2013]森林 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 3216  Solved: 944[Submit][Status] ...

随机推荐

  1. 01_常用 Linux 命令的基本使用

    01. 学习 Linux 终端命令的原因 Linux 刚面世时并没有图形界面,所有的操作全靠命令完成,如 磁盘操作.文件存取.目录操作.进程管理.文件权限 设定等 在职场中,大量的 服务器维护工作 都 ...

  2. 分享一个关于pthread线程栈在mm_struct里面的分布问题

    大家好,本人被下面这个问题困扰了一段时间,最近似乎找到了答案. 这里和大家分享一下,可能对有相同困惑的同学有点帮助,同时也请各位帮忙看看错漏的地方. 1================问题: 在使用p ...

  3. Spatial Pyramid Pooling in Deep Convolutional Networks for Visual Recognition

    Spatial Pyramid Pooling in Deep Convolutional Networks for Visual Recognition Kaiming He, Xiangyu Zh ...

  4. ajax请求相关问题

    Ajax中async:false/true的作用: async. 默认是 true,即为异步方式,$.ajax执行后,会继续执行ajax后面的脚本,直到服务器端返回数据后,触发$.ajax里的succ ...

  5. c# 常用数据库封装

    我不为大家贴代码了,没有意思,有点多,我主要给大家介绍一下,源码会上传CSDN和GIT:我定义了一个ADO.NET操作接口,所有按照接口封装 1.sqlite数据库(需要SQLite.Interop. ...

  6. fjutacm 3700 这是一道数论题 : dijkstra O(mlogn) 二进制分类 O(k) 总复杂度 O(k * m * logn)

    /** problem: http://www.fjutacm.com/Problem.jsp?pid=3700 按二进制将k个待查点分类分别跑dijkstra **/ #include<std ...

  7. Spring+SpringMVC+Mybatis(二)

    上一次讲的是利用mybatis提供的sqlSessionTemplate作为DAO进行数据库的操作,其实我们可以把它封装到我们自己的DAO里面,这样就是所谓的自己写DAO,这次我们写一下通过mybat ...

  8. 深度解析JQuery Dom元素操作技巧

    深度解析JQuery Dom元素操作技巧 DOM是一种与浏览器.平台.语言无关的接口,使用该接口可以轻松访问页面中所有的标准组件,这篇文章给大家介绍了JQuery dom元素操作方法,写的十分的全面细 ...

  9. react native 踩坑之 SectionList state更新 不执行render重新渲染页面

    官方文档中指出 SectionList 本组件继承自PureComponent而非通常的Component,这意味着如果其props在浅比较中是相等的,则不会重新渲染.所以请先检查你的renderIt ...

  10. python应用:主题分类(gensim lda)

    安装第三方包:gensim 首先,执行去停词操作(去除与主题无关的词) #-*-coding:utf8-*- import jieba def stopwordslist(filepath): sto ...