吉哥系列故事——完美队形I

 /*hud4512
  dp[i]表示当前以下标i结束的最长公共上升子序列。

 我们让第一个序列为原序列，第二个序列为原系列的反向。

 则，也就是说，第二个序列的顺序为原序列的下标[n-1,0]，设为j

 当j枚举到k时，对于dp[0] ~ dp[k-1]，都可以得到原序列的一个长度为2*dp[i]的题目要求的子序列。

 可是对于，dp[k]，我们怎么判断此时，两个序列是否存在交集呢？假如存在交集，此时题目要求的子序列长度为2*dp[k] - 1

 这样考虑，假如此时的序列没有交集，则此时两个序列的最长公共上升子序列，在序列二中的起始坐标必然不是k

 　　那么它必然在j=[k+1,n-1]的时候已经出现过，并以dp[k]*2更新过ans

 也就是说根本不用考虑嘛。。。直接将用dp[k]*2-1更新ans，答案并不会有错

  PS:原序列和反序列的公共部分不一定都是回文，你所找的最长公共子序列一定是最开始找到的
 你找到的不是回文的子序列长度一定不大于是回文的
 所以说你只要长度
 直接输出没问题
 你要序列
 只找第一个就行
 只要保证一个在前面一个在后面
 两个匹配的
 后面的不超过前面的
 所以有了k
 /*hud4512*/
 #include<stdio.h>
 #include<string.h>
 #include<algorithm>
 #include<iostream>
 using namespace std;
 const int maxn = ;
 int a[maxn], b[maxn];
 int dp[maxn];
 int max(int a,int b)
 {
     if(a>b) return a;
     return b;
 }
 int solve(int n,int m)
 {
     memset(dp,,sizeof(dp));
     int ans = ;
     for(int i =; i<=n; i++)
     {
         int tmp = ;
         for(int j =; j<=(n-i+); j++)//保证两个序列没有交集，不能遍历到m1 3 2 1 3就是反例
         {
             if(a[i] > b[j])
                 tmp = max(tmp,dp[j]);
             else if(a[i] == b[j])
                 dp[j] = max(dp[j],tmp+);
             if(j<(n-i+)) ans = max(ans, dp[j]*);
             else ans = max(ans, dp[j]*-);//那么说明j是中点
         }
     }
     return ans;
 }

 int main()
 {
     int T;
     int n;
     scanf("%d",&T);
     while(T--)
     {
         scanf("%d", &n);
         for(int i = ,j=n; i <= n; i++,j--)
         {
             scanf("%d", &a[i]);
             b[j] = a[i];
         }
         printf("%d\n",solve(n,n));
     }
     return ;
 }