题目传送门(内部题114)


输入格式

  第一行一个正整数$n$。
  接下来一行$n-1$个正整数,第$i$个数为$f_{i+1}$。
  接下来一行$n$个数,若第$i$个数为$0$则表示林先森希望$i$号点的彩灯是关闭状态,若第$i$个数为$1$则表示林先森希望$i$号点的彩灯是开启状态。


输出格式

  输出一行一个整数,表示林先森最少需要几秒才能看到他期望看到的树。


样例

样例输入1:

4
1 2 3
0 1 1 0

样例输出1:

2

样例输入2:

7
1 1 2 2 3 3
0 1 1 1 0 0 1

样例输出2:

3


数据范围与提示

样例解释:

  第一个样例:
  $\bullet$第一秒林先森拨动$3$号点的开关,彩灯状态变为$0\ 0\ 1\ 0$。
  $\bullet$第二秒林先森什么也不做,彩灯状态变为$0\ 1\ 1\ 0$,满足要求。
  第二个样例:
  $\bullet$第一秒林先森拨动$4$号点的开关,彩灯状态变为$0\ 0\ 0\ 1\ 0\ 0\ 0$。
  $\bullet$第二秒林先森拨动$7$号点的开关,彩灯状态变为$0\ 1\ 0\ 1\ 0\ 0\ 1$。
  $\bullet$第三秒林先森拨动$1$号点的开关,与$2$号点传递的拨动效果抵消,彩灯状态变为$0\ 1\ 1\ 1\ 0\ 0\ 1$,满足要求。

数据范围:

  对于$30\%$的数据,$n\leqslant 8$。
  对于另$30\%$的数据,林先森希望看到所有彩灯都被点亮。
  对于$100\%$的数据,$1\leqslant n\leqslant 16$。


题解

数据范围较小,考虑状压$DP$。

因为答案最大为$n$,所以我们可以枚举秒数。

设$dp[i][state]$表示第$i$秒,状态为$state$是否可行。

因为开关只与正负是否相同有关,而与具体是开还是关无关,所以我们可以假设最终的状态为起始状态,然后想办法转移到$0$状态(其实就是代码复杂度低一点而已)。

预处理出来每个点会对其它的点在下一秒做的贡献即可。

时间复杂度:$\Theta(2^nn^2)$。

期望得分:$100$分。

实际得分:$100$分。


代码时刻

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,state;
int fa[20],Map[20][20];
bool dp[20][100000];
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=0;i<=n;i++)Map[1][i]=1;
for(int i=2;i<=n;i++)
{
Map[i][0]=1<<(i-1);
scanf("%d",&fa[i]);
int now=i;
for(int j=1;j<=n;j++)
{
now=fa[now];
if(now)Map[i][j]=Map[i][j-1]|(1<<(now-1));
else Map[i][j]=Map[i][j-1];
}
}
for(int i=1;i<=n;i++){int x;scanf("%d",&x);state|=x<<(i-1);}
dp[0][state]=1;
for(int i=0;i<=n;i++)
{
if(dp[i][0]){printf("%d",i);break;}
for(int s=1;s<(1<<n);s++)
if(dp[i][s])
{
dp[i+1][s]=1;
for(int j=1;j<=n;j++)
dp[i+1][s^Map[j][i]]=1;
}
}
return 0;
}

rp++

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