【poj2068】Nim

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Description

​　　 给你\(S\)个石子，有\(2n\)个人分成两队，编号为奇数的一队，编号为偶数的一队，\(2n\)个人按照编号从小到大的顺序拿石子，所有人都拿过了就再从\(1\)号轮，编号为\(i\)的人一次可以拿\(x\in[1,a[i]]\)颗，拿到最后一颗石子的队伍输，判断当前局面是否先手必胜

Solution

​　　 emmm今天做了几道sg函数的题然后感觉这玩意很神秘

​​　　 除了转化成"有向图游戏"那样的形式之后用异或和和\(mex\)求\(sg\)以外，还有的题中\(sg\)的取值只有\(0\)和\(1\)两种，可以直接判断是否存在一个后继局面的\(sg\)值为\(0\)（也就是先手必败态），如果有就说明当前局面\(sg\)值为\(1\)（也就是先手必胜态），因为根据P-position（先败）和N-position（先胜）的定义，可以移动到P-position的局面是N-position，所以直接这么判就好了

​​　　 当然你也还是可以转成 一个有向图游戏，只要后继局面中有\(0\)，那么取一下\(mex\)就只能是\(1\)了，一样的

​​　　 这题中比较容易想到的就是用"当前是谁准备取"和"当前还剩多少石子"来表示一个局面，那直接大力记忆化搜索就好了，边界条件就是如果当前没有石子了，那么是先手必胜态

​​　　 最后就是求\(nxt\)的时候模数记得是\(2n\)而不是\(n\)。。。

​　　 （一开始陷入了一个误区。。就是觉得每个人的取石子上限不同，所以不是一个ICG，但其实ICG中只是要求移动集合（在这题里也就是能移哪些石子）不与选手相关，并没有限制具体操作）

​　　

​　　 代码大概长这个样子

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
const int N=9000;
int f[60][N],a[60];
int vis[N];
int n,m,S,mark;
int nxt(int x){return (x+1)%(2*n)==0?2*n:(x+1)%(2*n);}
int sg(int x,int stone){
	if (f[x][stone]!=-1) return f[x][stone];
	if (stone==0) return f[x][stone]=1;
	int tmp=nxt(x);
	for (int i=1;i<=a[x]&&i<=stone;++i){
		if (!sg(tmp,stone-i))
			return f[x][stone]=1;
	}
	return f[x][stone]=0;
}

int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
	freopen("a.in","r",stdin);
#endif
	while (1){
		scanf("%d",&n);
		if (n==0) break;
		memset(f,-1,sizeof(f));
		scanf("%d",&S);
		mark=0;
		for (int i=1;i<=n*2;++i)scanf("%d",a+i);
		printf("%d\n",sg(1,S));
	}
}