Loj 2005 相关分析
Loj 2005 相关分析
- 大力把式子拆开.
a &= \frac {\sum_{i=L}^{R} (x_i-\bar{x})(y_i-\bar{y})} {\sum_{i=L}^{R} (x_i-\bar{x})^2}\\
&= \frac {\sum_{i=L}^R (x_iy_i+\bar{x}\bar{y}-\bar{x}y_i-\bar{y}x_i)} {\sum_{i=L}^{R} (x_i^2-2\bar{x}x_i+\bar{x}^2)}\\
&=\frac {\sum_{i=L}^R x_iy_i+(R-L+1)\cdot\bar{x}\bar{y}-\bar{x}\sum_{i=L}^{R}y_i-\bar{y}\sum_{i=L}^{R}x_i} {\sum_{i=L}^{R} x_i^2-2\bar{x}\sum_{i=L}^{R}x_i+(R-L+1)*\bar{x}^2}
\end{aligned}
\]
- 于是只需要用线段树维护区间的 \(\sum x_i,\sum y_i,\sum x_i y_i,\sum x_i^2\) .
- 考虑两种修改操作,第一种显然很简单,第二种可以看成对区间执行 \(x_i=i,y_i=i\) ,再进行第一种操作.修改之后这四个值都可以利用公式 \(O(1)\) 算出.于是维护三个标记就可以了.
- 注意中间运算时开 \(long\ long,double\) ,防止爆掉.
其实代码写得有些冗长.可以把结果和标记写在两个数组中,这样修改查询的时候传入下标应该会短不少.
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
inline int read()
{
int out=0,fh=1;
char jp=getchar();
while ((jp>'9'||jp<'0')&&jp!='-')
jp=getchar();
if (jp=='-')
fh=-1,jp=getchar();
while (jp>='0'&&jp<='9')
out=out*10+jp-'0',jp=getchar();
return out*fh;
}
const int MAXN=1e5+10;
double x[MAXN],y[MAXN];
double sqr(double x)
{
double res=1.0*x*(x+1)*(2*x+1);
res/=6;
return res;
}
struct node
{
int l,r,siz;
double sumx,sumy,sumsq,sumpro;
bool tag_cover;
double tag_addx,tag_addy;
node()
{
tag_addx=0;
tag_addy=0;
tag_cover=false;
}
} Tree[MAXN<<2];
#define root Tree[o]
#define lson Tree[o<<1]
#define rson Tree[o<<1|1]
void pushup(int o)
{
root.sumx=lson.sumx+rson.sumx;
root.sumy=lson.sumy+rson.sumy;
root.sumsq=lson.sumsq+rson.sumsq;
root.sumpro=lson.sumpro+rson.sumpro;
}
void modifiy_addx(int o,double c)
{
root.sumsq+=root.siz*c*c+2*c*root.sumx;
root.sumpro+=c*root.sumy;
root.sumx+=root.siz*c;
root.tag_addx+=c;
}
void modifiy_addy(int o,double c)
{
root.sumpro+=c*root.sumx;
root.sumy+=root.siz*c;
root.tag_addy+=c;
}
void modifiy_cover(int o)
{
root.sumx=root.sumy=1LL*(root.l+root.r)*root.siz/2.0;
root.sumpro=root.sumsq=sqr(root.r)-sqr(root.l-1);
root.tag_addx=root.tag_addy=0;
root.tag_cover=true;
}
void pushdown(int o)
{
if(root.tag_cover)
{
modifiy_cover(o<<1);
modifiy_cover(o<<1|1);
root.tag_cover=false;
}
if(root.tag_addx)
{
modifiy_addx(o<<1,root.tag_addx);
modifiy_addx(o<<1|1,root.tag_addx);
root.tag_addx=0;
}
if(root.tag_addy)
{
modifiy_addy(o<<1,root.tag_addy);
modifiy_addy(o<<1|1,root.tag_addy);
root.tag_addy=0;
}
}
void BuildTree(int o,int l,int r)
{
root.l=l,root.r=r,root.siz=r-l+1;
if(l==r)
{
root.sumx=x[l];
root.sumy=y[l];
root.sumpro=x[l]*y[l];
root.sumsq=x[l]*x[l];
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
BuildTree(o<<1,l,mid);
BuildTree(o<<1|1,mid+1,r);
pushup(o);
}
void update_addx(int o,int L,int R,double c)
{
int l=root.l,r=root.r;
if(l>R || L>r)
return;
if(L<=l && r<=R)
{
modifiy_addx(o,c);
return;
}
pushdown(o);
int mid=(l+r)>>1;
if(L<=mid)
update_addx(o<<1,L,R,c);
if(R>mid)
update_addx(o<<1|1,L,R,c);
pushup(o);
}
void update_addy(int o,int L,int R,double c)
{
int l=root.l,r=root.r;
if(l>R || L>r)
return;
if(L<=l && r<=R)
{
modifiy_addy(o,c);
return;
}
pushdown(o);
int mid=(l+r)>>1;
if(L<=mid)
update_addy(o<<1,L,R,c);
if(R>mid)
update_addy(o<<1|1,L,R,c);
pushup(o);
}
void update_cover(int o,int L,int R)
{
int l=root.l,r=root.r;
if(l>R || L>r)
return;
if(L<=l && r<=R)
{
modifiy_cover(o);
return;
}
pushdown(o);
int mid=(l+r)>>1;
if(L<=mid)
update_cover(o<<1,L,R);
if(R>mid)
update_cover(o<<1|1,L,R);
pushup(o);
}
double query_sumx(int o,int L,int R)
{
int l=root.l,r=root.r;
if(l>R || L>r)
return 0;
if(L<=l && r<=R)
return root.sumx;
double res=0;
pushdown(o);
int mid=(l+r)>>1;
if(L<=mid)
res+=query_sumx(o<<1,L,R);
if(R>mid)
res+=query_sumx(o<<1|1,L,R);
return res;
}
double query_sumy(int o,int L,int R)
{
int l=root.l,r=root.r;
if(l>R || L>r)
return 0;
if(L<=l && r<=R)
return root.sumy;
double res=0;
pushdown(o);
int mid=(l+r)>>1;
if(L<=mid)
res+=query_sumy(o<<1,L,R);
if(R>mid)
res+=query_sumy(o<<1|1,L,R);
return res;
}
double query_sumpro(int o,int L,int R)
{
int l=root.l,r=root.r;
if(l>R || L>r)
return 0;
if(L<=l && r<=R)
return root.sumpro;
double res=0;
pushdown(o);
int mid=(l+r)>>1;
if(L<=mid)
res+=query_sumpro(o<<1,L,R);
if(R>mid)
res+=query_sumpro(o<<1|1,L,R);
return res;
}
double query_sumsqr(int o,int L,int R)
{
int l=root.l,r=root.r;
if(l>R || L>r)
return 0;
if(L<=l && r<=R)
return root.sumsq;
double res=0;
pushdown(o);
int mid=(l+r)>>1;
if(L<=mid)
res+=query_sumsqr(o<<1,L,R);
if(R>mid)
res+=query_sumsqr(o<<1|1,L,R);
return res;
}
int n,m;
int main()
{
n=read(),m=read();
for(int i=1; i<=n; ++i)
scanf("%lf",&x[i]);
for(int i=1; i<=n; ++i)
scanf("%lf",&y[i]);
BuildTree(1,1,n);
double S,T;
while(m--)
{
int op=read();
if(op==1)
{
int L=read(),R=read();
double totx=query_sumx(1,L,R);
double toty=query_sumy(1,L,R);
double avrx=totx/(R-L+1);
double avry=toty/(R-L+1);
double ans=query_sumpro(1,L,R)+(R-L+1)*avrx*avry-toty*avrx-totx*avry;
ans/=query_sumsqr(1,L,R)+(R-L+1)*avrx*avrx-2*avrx*totx;
printf("%.10lf\n",ans);
}
else if(op==2)
{
int L=read(),R=read();
scanf("%lf%lf",&S,&T);
update_addx(1,L,R,S);
update_addy(1,L,R,T);
}
else
{
int L=read(),R=read();
scanf("%lf%lf",&S,&T);
update_cover(1,L,R);
update_addx(1,L,R,S);
update_addy(1,L,R,T);
}
}
return 0;
}
Loj 2005 相关分析的更多相关文章
- [loj#2005][SDOI2017]相关分析 _线段树
「SDOI2017」相关分析 题目链接:https://loj.ac/problem/2005 题解: 把上面的式子拆掉,把下面的式子拆掉. 发现所有的东西都能用线段树暴力维护. 代码: #inclu ...
- LOJ #2005. 「SDOI2017」相关分析 线段树维护回归直线方程
题目描述 \(Frank\) 对天文学非常感兴趣,他经常用望远镜看星星,同时记录下它们的信息,比如亮度.颜色等等,进而估算出星星的距离,半径等等. \(Frank\) 不仅喜欢观测,还喜欢分析观测到的 ...
- Loj #2321. 「清华集训 2017」无限之环
Loj #2321. 「清华集训 2017」无限之环 曾经有一款流行的游戏,叫做 *Infinity Loop***,先来简单的介绍一下这个游戏: 游戏在一个 \(n \times m\) 的网格状棋 ...
- Loj #2731 「JOISC 2016 Day 1」棋盘游戏
Loj 2731 「JOISC 2016 Day 1」棋盘游戏 JOI 君有一个棋盘,棋盘上有 \(N\) 行 \(3\) 列 的格子.JOI 君有若干棋子,并想用它们来玩一个游戏.初始状态棋盘上至少 ...
- SDOI2017相关分析 线段树
题目 https://loj.ac/problem/2005 思路 \[ \sum_{L}^{R}{(x_i-x)^{2}} \] \[ \sum_{L}^{R}{(x_i^2-2*x_i*x+x^{ ...
- 【LOJ】#2886. 「APIO2015」巴厘岛的雕塑 Bali Sculptures
题解 感觉自己通过刷水题混LOJ刷题量非常成功 首先是二进制枚举位,判是否合法 要写两个solve不是很开心,\(A\)不为1的直接记录状态\(f[i][j]\)为能否到达前\(i\)个分成\(j\) ...
- LOJ 2085: 洛谷 P1587: bzoj 4652: 「NOI2016」循环之美
题目传送门:LOJ #2085. 两个月之前做的傻题,还是有必要补一下博客. 题意简述: 求分子为不超过 \(n\) 的正整数,分母为不超过 \(m\) 的正整数的所有互不相等的分数中,有多少在 \( ...
- 【LOJ】#3090. 「BJOI2019」勘破神机
LOJ#3090. 「BJOI2019」勘破神机 为了这题我去学习了一下BM算法.. 很容易发现这2的地方是\(F_{1} = 1,F_{2} = 2\)的斐波那契数列 3的地方是\(G_{1} = ...
- 【LOJ】#3089. 「BJOI2019」奥术神杖
LOJ#3089. 「BJOI2019」奥术神杖 看见乘积就取log,开根号就是除法,很容易发现这就是一道01分数规划.. 然后建出AC自动机直接dp就行,判断条件要设成>0,因为起点的值是1, ...
随机推荐
- 小型网站MYSQL问题二:Percona Xtrabackup实现数据库备份和恢复
1.安装软件仓库(不要问我为什么不用源码安装,好吧,其实我懒.) 1 2 3 4 5 6 7 8 wget https://www.percona.com/downloads/percona-rele ...
- capistranorb
远程服务器自动部署工具 https://capistranorb.com/
- jmeter -xml日志格式中网络时间与服务器时间的区分
在 LR 中是有一个“网页细分图”的,通过这个图,你可以比较容易的区分哪些请求的响应时间最长,如果响应时间过程,是消耗在server处理的时候,还是消耗在网络传输过程中——也就是所谓的 Server ...
- Python numpy 安装以及处理报错 is not a supported wheel on this platform
1. 安装 1)去这里搜索https://pypi.org/ 2)搜索框输入numpy 3)一般第一个就是搜索到的 4)点进去 5) Download files 点进去,找自己的版本 6)nu ...
- Python: 二进制、八进制、十六进制转换或者输出
为了将整数转换为二进制.八进制或十六进制的文本串,可以分别使用bin() ,oct() 或hex() 函数: >>> x = 1234 >>> bin(x) '0b ...
- C#——文件上传(一般处理程序ashx)
Framework版本:.Net Framework 4 1.FileInfo实体 using System; using System.Collections.Generic; using Syst ...
- Python3:pyecharts数据可视化插件
Python3:pyecharts数据可视化插件 一.简介 pyecharts 是一个用于生成 Echarts 图表的类库. Echarts 是百度开源的一个数据可视化 JS 库.主要用于数据可视化. ...
- NIO概述及实例(时钟服务器)
NIO,非阻塞IO,重点是非阻塞而不是异步! NIO的一般实现如下: package com.pt.nio; import java.net.InetSocketAddress; import jav ...
- CGI, FCGI, SCGI, WSGI 释异
IKI Links: CGI - http://en.wikipedia.org/wiki/Common_Gateway_Interface FCGI - http://en.wikipedia.or ...
- Gym 100712I Bahosain and Digits(开关翻转问题)
http://codeforces.com/gym/100712/attachments 题意: 给出一串数字,每次选择连续的k个数字加上任意数(超过10就取余),最后要使得所有数字都相等,求最大的k ...