hdu 4864 Task（贪心）

pid=4864">http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4864

大致题意：有n台机器和m个任务，都有两个參数工作时间time和难度level。每一个机器一天仅仅能完毕一个任务。一个任务仅仅能被一台机器完毕。每一个任务完毕后的利润是500*time+2*level。

问在一天能完毕尽量多的任务下获得的利润是多少。

思路：由上述公式知决定利润的决定性因素是时间，对任务按时间优先从大到小排序，对每个任务先找出全部满足该任务时间的机器。然后从这些机器里选择合适且level最低的机器。也就是说机器的level从小到大排序，然后从最小的合适的level開始找合适的时间，找到一个这样合适的机器就结束。因为数目最大为100000。所以能够借助STL的set按level保存机器,查找时使用lower_bound()函数寻找下界。

#include <stdio.h>
#include <iostream>
#include <map>
#include <set>
#include <stack>
#include <vector>
#include <math.h>
#include <string.h>
#include <queue>
#include <string>
#include <stdlib.h>
#include <algorithm>
#define LL long long
#define _LL __int64
#define eps 1e-8
#define PI acos(-1.0)
using namespace std;

struct node
{
    int time,level;
    bool operator < (const struct node &tmp)const
    {
        if(time == tmp.time)
            return level > tmp.level;
        return time > tmp.time;
    }
}task[100010];
int n,m;

int cnt;
_LL ans;

int main()
{
    int x,y;

    while(~scanf("%d %d",&n,&m))
    {
        multiset <int> mac[110];
        int maxlevel = -1;
        for(int i = 1; i <= n; i++)
        {
            scanf("%d %d",&x,&y);
            mac[y].insert(x);
            maxlevel = max(maxlevel,y);
        }

        for(int i = 1; i <= m; i++)
        {
            scanf("%d %d",&task[i].time,&task[i].level);
        }
        sort(task+1,task+1+m);
        cnt = 0;
        ans = 0;

        for(int i = 1; i <= m; i++)
        {
            x = task[i].time;
            y = task[i].level;
            for(int j = y; j <= maxlevel; j++)
            {
                multiset<int>::iterator it = mac[j].lower_bound(x);
                if(it == mac[j].end() || (*it) < x)
                    continue;
                cnt++;
                ans += 500 * task[i].time + 2 * task[i].level;
                mac[j].erase(it);
                break;
            }
        }
        printf("%d %I64d\n",cnt,ans);
    }
    return 0;
}