问题描述 BZOJ1031 LG4051 题解 发现这是一个环,根据经验,破环为链,于是字符环变为了字符串 之后对这个复制之后的字符串求后缀数组. $len$代表原字符串长度,代表复制后的字符串长度 最后输出的时候,判断一下,如果$SA_i \le len$,则输出$str_i$. Code #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define maxn 1000007 void read(int &x){ x=;;int fh; '…

题目链接:https://www.luogu.org/problemnew/show/P4051 思路:我们联想求后缀数组sa的过程,发现我们在求y数组的时候(第二关键字,下标为第二关键字的排位,值为合并之后关键字的位置),对于那些没有第二关键字的部分,我们都是直接补0,让这部分的第二关键字排在最前面,但是因为这道题是一个环,所以不存在没有第二关键字的情况,所以我们只需要在板子上面改点东西(求第二关键字的部分改一下),用取模来把范围控制在1到n之间就可以了. 这里因为可能有空格,所以我用gets…

题目链接 环可以拆成链:对字符串排序能想到后缀数组. 完了.输出时忽略长度不足n的串,输出s[sa[i]+n-1],即排名为i的字符串的末尾. //4140kb 744ms #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> const int N=2e5+5; int n,tm[N],sa[N],rk[N],sa2[N]; char s[N]; void Get_SA() { int m=130,*x=r…

题面:洛谷 题解: 我们考虑,如果可以将环上每个长度为len的串都提取出来,再做个排序,那这题我们就做出来了! 但是提取$n^2$,怎么办? 考虑破环成链,再扩充为原来的2倍. 然后直接做后缀排序,把长度大于len的串按排序结果顺次列下来,对于每个后缀取出前len个字符构成串,最后得到的就是我们要的排序结果. 为什么这样是对的? 假设我们的最终排序结果是S1, S2, S3, S4....Sn,我们在这些串后面乱加一些东西再排序并不会影响排序结果,因为字典序是要先比较前面的字符的,只有前面字符相…

「HAOI2016」字符合并 题意: ​ 有一个长度为\(n\)的\(01\)串,你可以每次将相邻的\(k\)个字符合并,得到一个新的字符并获得一定分数.得到的新字符和分数由这\(k\)个字符确定.你需要求出你能获得的最大分数.(\(n\le 300,k\leq8\)) 题解: ​ 关键是要想到区间dp.记\(f[i][j][s]\),表示区间\([i,j]\),合并后状态为\(s\)的最大值.注意到长度模\(k\)余\(1\)的区间都可合并成一个字符,那么转移枚举的中点每次可以跳动\(k-1\…

[BZOJ4566]找相同字符(后缀数组) 题面 BZOJ 题解 后缀数组的做法,应该不是很难想 首先看到两个不同的串,当然是接在一起求\(SA,height\) 那么,考虑一下暴力 在两个串各枚举一个后缀,他们的\(lcp\)就是对答案产生的贡献 现在优化一下,按照\(SA\)的顺序枚举来处理\(lcp\) 利用一个单调栈维护一下,每次记录一下前面有多少个的贡献和当前答案一样就好啦 只是有点难写... #include<iostream> #include<cstdio> #in…

后缀数组 当年感觉好神的题现在好像变水了…… 题意其实有点蛋疼……一开始没看懂<_< 将原串复制一遍接在后面,用后缀数组求一下SA,那么SA<n的就是所找到的那n个字符串,然后把它们的第n个字符抠出来就可以了…… /************************************************************** Problem: 1031 User: Tunix Language: C++ Result: Accepted Time:752 ms Memory…

题目 给定两个字符串,求出在两个字符串中各取出一个子串使得这两个子串相同的方案数.两个方案不同当且仅当这两 个子串中有一个位置不同. 输入格式 两行,两个字符串s1,s2,长度分别为n1,n2.1 <=n1, n2<= 200000,字符串中只有小写字母 输出格式 输出一个整数表示答案 输入样例 aabb bbaa 输出样例 10 题解 先考虑暴力怎么做 我们枚举两个串的各自一个后缀suffix(i)和suffix(j) 则他们对答案的贡献是LCP(suffix(i),suffix(j)) 如…

题解 dp[i][j][S]表示区间[i,j]内剩余的数位状压后为S的最大值 这样转移起来不就是\(n^3 2^8\)了吗 冷静一下,我们可以发现一段区间内剩下的数位的个数是一定的,也就是我们可以在枚举位数上减少一定复杂度 我们转移的时候枚举一个末尾,也就是 \(dp[i][j][S] = dp[i][k][S >> 1] + dp[k + 1][j][S & 1]\) 我们还需要保证[k + 1,j]的长度-1后是(K - 1)的倍数 这样的话最后跑得还是很快的 代码 #includ…

ref #include <iostream> #include <cstring> #include <cstdio> using namespace std; typedef long long ll; int n, k, a[305], c[305]; ll w[305], dp[305][305][265], g[2]; int main(){ memset(dp, 0xcf, sizeof(dp)); cin>>n>>k; for(in…