当日遇到月,于是有了明.当我遇到了你,便成了侣.那天,日月相会,我见到了你.而且,大地失去了光辉,你我是否成侣?这注定是个凄美的故事.(以上是废话)小t和所有世俗的人们一样,期待那百年难遇的日食.驻足街头看天,看日月渐渐走近,小t的脖子那个酸呀(他坚持这个姿势已经有半个多小时啦).他低下仰起的头,环顾四周.忽然发现身边竟站着位漂亮的mm.天渐渐暗下,这mm在这街头竟然如此耀眼,她是天使吗?站着小t身边的天使.小t对mm惊呼:“缘分呐~~”.mm却毫不含糊:“是啊,500年一遇哦!”(此后省略50…

Problem description: 有三个数字n,p,q,表示一堆硬币一共有n枚,从这个硬币堆里取硬币,一次最少取p枚,最多q枚,如果剩下少于p枚就要一次取完.两人轮流取,直到堆里的硬币取完,最后一次取硬币的算输.对于每一行的三个数字,给出先取的人是否有必胜策略,如果有回答WIN,否则回答LOST. Input 不超过100000行,每行三个正整数n,p,q.Output对应每行输入,按前面介绍的游戏规则,判断先取者是否有必胜策略.输出WIN或者LOST. Sample Input 7 2…

HDU 2897 邂逅明下 ( bash 博弈变形 题目大意 有三个数字n,p,q,表示一堆硬币一共有n枚,从这个硬币堆里取硬币,一次最少取p枚,最多q枚,如果剩下少于p枚就要一次取完.两人轮流取,直到堆里的硬币取完,最后一次取硬币的算输. 解题思路 若 n == k * (p + q), 则 A 必胜 第一次 A 取 p 个, 之后每次 B 取 x 个时, A 取 (p + q - x) 个, 则最后当 B 面对有 p 个硬币的时候, 必输. 若 n == k * (p + q) + left…

邂逅明下 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 1432    Accepted Submission(s): 670 Problem Description 当日遇到月,于是有了明.当我遇到了你,便成了侣.那天,日月相会,我见到了你.而且,大地失去了光辉,你我是否成侣?这注定是个凄美的故事.(以上是废话)小t和所有世俗的人们一…

题目链接 邂逅明下 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 2661    Accepted Submission(s): 1233 Problem Description 当日遇到月,于是有了明.当我遇到了你,便成了侣.那天,日月相会,我见到了你.而且,大地失去了光辉,你我是否成侣?这注定是个凄美的故事.(以上是废话)小t和所有…

H - 邂逅明下 Time Limit:1000MS     Memory Limit:32768KB     64bit IO Format:%I64d & %I64u Submit Status Practice id=30492" target="_blank" style="overflow:visible; font-size:1em; text-decoration:none; border-top:rgb(211,211,211) 1px so…

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 4232 Accepted Submission(s): 1959 Problem Description 当日遇到月,于是有了明.当我遇到了你,便成了侣. 那天,日月相会,我见到了你.而且,大地失去了光辉,你我是否成侣?这注定是个凄美的故事.(以上是废话) 小t和所有世俗的人们一样,期待那百年…

题意: 每行有三个数字n,p,q,表示一堆硬币一共有n枚,从这个硬币堆里取硬币,一次最少取p枚,最多q枚,如果剩下少于p枚就要一次取完.两人轮流取,直到堆里的硬币取完,最后一次取硬币的算输.对于每一行的三个数字,给出先取的人是否有必胜策略,如果有回答WIN,否则回答LOST. 题解: 这题写的挺有意思的,要是我也能邂逅这mm就好了. 这题像是一个对称的行为,最优的策略是你取k个我就取p+q-k个,以p+q为对称点,所以对p+q取余看结果就好. 代码: #include <stdio.h> in…

转: 这个游戏和Bash game差不多,只不过是Bash game说的是每次最少取一个,最多m个,这个游戏限制在p 和q之间而已,若最后不足p个,那么就一次取完.而且该游戏要求的是最后取光的人输. 分类讨论: 我们先假设A先取,B后取.初始状态下有N个石子,当N=(p+q)*r时,(r为任意自然数),此时,A先取q个石子,以后B每次取k个石子,那么A就从剩下的石子里面取(p+q)-k个石子,最后剩下p个石子,B只能一次取完,所以此时A必胜. 若N=(p+q)*r+s,其中0<s<=p,则当A…

巴什博奕的变形,与以往巴什博奕不同的是,这里给出了上界和下界,原先是(1,m),现在是(p,q),但是原理还是一样的,解释如下: 假设先取者为A,后取者为B,初始状态下有石子n个,除最后一次外其他每次取得石子个数必须在[p,q]之间. 若当前石子共有n = (p+q) * r个,则A必胜,必胜策略为:A第一次取q个,以后每次若B取K个,A取(p+q-k)个,如此下去最后必剩下p个给B,所以A必胜. 若n = (p+q)* r + left个(1 < left <= p)B必胜,必胜策略为:每次…

根据博弈论的两条规则: 一个状态是必胜状态当且仅当有一个后继是必败状态 一个状态是必败状态当且仅当所有后继都是必胜状态 然后很容易发现从1开始,前p个状态是必败状态,后面q个状态是必胜状态,然后循环往复. #include <cstdio> int main() { int n, p, q; ) printf()%(p+q)<p ? "LOST" : "WIN"); ; } 代码君…

这个分区间: 1<=n%(p+q)<=p 必败 其他必胜! 代码如下: #include<iostream> #include<stdio.h> #include<algorithm> #include<iomanip> #include<cmath> #define in(x) scanf("%d",&x) using namespace std; int main(){ int n,t,ans,k,p,…

题意: 给你n.p.q,每次操作是令n减小 [p, q]区间中的数,当n < p时必须全部取完了,取完最后一次的人算输,问先手必胜还是必败. 解题思路: 这种非常类似巴什博弈,可以找出必胜区间和必败区间,[1,p]为必败区间, [p+1, p+q]为必胜区间,很容易发现接下来的区间都是按照这个规律的,这种找出必胜(必败)区间或者必胜(必败)点的方法很常见的. /* ********************************************** Author : JayYe Crea…

题意: 给你n个石子,你最少取p个,最多取q个,问谁能赢 题解: 变形版的巴什博弈,当n>=q+1的时候,那么还是以q+1为一组拿走,剩下一个(n%(q+1)),这个时候如果它小于p的话都直接输了,如果大于p的话就赢了   当n<q+1的时候和上面一样处理就可以了 代码: 1 #include<stdio.h> 2 #include<string.h> 3 #include<iostream> 4 #include<algorithm> 5 #i…

题目是说每次每个人可以取[p,q],而且是最后一个不得不取完的人输 这道题刚刚看别人过,还一直纠结感觉不会做,然后想到1+q的倍数,还是不会,想到p+q的倍数,却发现最后一个取的人是输的,然后就更加无奈了.果真还是不会博弈啊!!!!实在没办法了从1开始找必胜区间和必输区间,搞了个规律,然后把它过了,,,, 必胜态:[k*(p+q)+P+1,   (k+1)*(p+q)] 必输态:[k*(p+q)+1,       k*(p+q)+p  ] 可以看出必胜态的每个数都可以拿走一个数,是指减少到必输态…

题意:有两种操作,第一种从A开始插花,如果有花就跳到下一个,然后输出最后一个花瓶的编号,如果花瓶不够把多余的花丢掉.操作2把区间清空 分析:很明显的线段树操作,就是插花的时候麻烦一下,需要先找出来他剩余的花瓶数,要不没办法更新. ******************************************************************* #include<algorithm> #include<stdio.h> ; ;}     ;} }a[MAXN<…

题意 给出一排空花瓶 有两种操作  1是 从A花瓶开始放F朵花 如果当前瓶有花就跳过前往下一个 直到花用完或者 瓶子到了最后一个为止 输出 成功放花的第一个和最后一个  如果没有输出 can not....... 2是 清空 一段区间的花 并输出清空了多少朵花 思路:用线段树维护一段区间有多少空花瓶  1操作 就是两次二分 分别求起点和终点   起点  check条件是  query(1,a,mid)>0  终点是  query(1,二分出的起点,mid)>=min(f,query(1,a,n…

Ch’s gift Time Limit: 6000/3000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)Total Submission(s): 2534    Accepted Submission(s): 887 题目链接 http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6162 Problem Description Mr. Cui is working off-campu…

题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6241 题意:给你一棵有 n 个结点的树,每个结点初始颜色都为白色,有 A 个条件:结点 x_i 的黑色结点数目不少于 y_i 个,同时有 B 个条件,除了结点 x_j 及其子树外至少有 y_j 个结点,求把最少要染成黑色结点的数目使得满足 A + B 个条件. 题解:参考自:https://blog.csdn.net/u013534123/article/details/78523559 #incl…

大意:一堆石子共有n个,A,B两人轮流从中取,每次取的石子数必须在[p,q]区间内,若剩下的石子数少于p个,当前取者必须全部取完.最后取石子的人输.给出n,p,q,问先取者是否有必胜策略? Bash博弈的变形假设先取者为A,后取者为B,初始状态下有石子n个,除最后一次每次取的石子个数必须在[p,q]区间内,则:1.若当前石子共有n = (p+q)*r个,则A必胜,必胜策略为:    A第一次取q个,以后每次若B取k个,A取(p+q-k)个,如此最后必剩下p个给B,A胜2.若n = (p+q)*r…

Problem Description 当日遇到月,于是有了明.当我遇到了你,便成了侣. 那天,日月相会,我见到了你.而且,大地失去了光辉,你我是否成侣?这注定是个凄美的故事.(以上是废话) 小t和所有世俗的人们一样,期待那百年难遇的日食.驻足街头看天,看日月渐渐走近,小t的脖子那个酸呀(他坚持这个姿势已经有半个多小时啦).他低下仰起 的头,环顾四周.忽然发现身边竟站着位漂亮的mm.天渐渐暗下,这mm在这街头竟然如此耀眼,她是天使吗?站着小t身边的天使. 小t对mm惊呼:“缘分呐~~”.mm却毫…

链接:https://ac.nowcoder.com/acm/contest/984/L 来源:牛客网 Catch That Cow 时间限制:C/C++ 1秒,其他语言2秒 空间限制:C/C++ 32768K,其他语言65536K 64bit IO Format: %lld 题目描述 Farmer John has been informed of the location of a fugitive cow and wants to catch her immediately. He sta…

Huatuo's Medicine Time Limit: 3000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65535/65535 K (Java/Others)Total Submission(s): 398    Accepted Submission(s): 272 Problem Description Huatuo was a famous doctor. He use identical bottles to carry the medicin…

题意:容易理解. 分析:当n%(p+q)==0时,先取者必胜,必胜方案:先取q,然后对方去x个,先取者就取(p+q-x)个,最后对方就必须取玩p个, 当n%(p+q)==r(r<=p),先取者必败:当n%(p+q)==r(r>p&&r<q)先取者赢. 代码实现: #include<stdio.h> #include<string.h> #include<math.h> int main() { int n, p, q; while(sc…

题意:有P个孩子,有的孩子喜欢猫不喜欢狗,有的喜欢狗不喜欢猫(喜欢的和不喜欢的一定是相相对立的动物),动物园有N只猫,M只狗,每个孩子都有喜欢的猫讨厌的狗(或者喜欢的狗讨厌的猫),现在动物园要送走一批猫或者狗,如果某个孩子喜欢的动物留下并且讨厌的动物离开,那么这个孩子就会很开心,现在求出来最多能让多少个孩子开心. 分析:很明显可以看出来某个孩子喜欢的和别人讨厌的如果是同一个的话,那么他们之间就存在矛盾(也就是说不可能同时满足这两个孩子),可以根据给的喜好建立一个关系图,也就是有矛盾的孩子连线,,…

Description 某省调查乡村交通状况,得到的统计表中列出了任意两村庄间的距离.省政府“畅通工程”的目标是使全省任何两个村庄间都可以实现公路交通(但不一定有直接的公路相连,只要能间接通过公路可达即可),并要求铺设的公路总长度为最小.请计算最小的公路总长度.    Input 测试输入包含若干测试用例.每个测试用例的第1行给出村庄数目N ( < 100 ):随后的N(N-1)/2行对应村庄间的距离,每行给出一对正整数,分别是两个村庄的编号,以及此两村庄间的距离.为简单起见,村庄从1到N编号.…

从n个石子中每次取p~q个,求先手能否获胜 可以先列举一部分数据,然后观察可得总是在p+q中循环,所以只要用n对p+q取模就好了 #include <cstdio> #include <cstring> #include <iostream> using namespace std; int p,q; int main() { // freopen("a.in" , "r" , stdin); int n; ) { int mod…

#include<stdio.h> int main() {     int n,p,q,k;    while(scanf("%d%d%d",&n,&p,&q)!=EOF) {     k=n%(p+q);     if(k<=p&&k!=0)         printf("LOST\n");     else         printf("WIN\n");    } return…

一堆石子N个 每个人最少取P个 最多取Q个 最后取光的人输 问谁赢 X=N%(P+Q)  X=0则先手取Q个必胜 X<=P则后手胜 X>P则先手取P个必胜 #include <iostream> #include <cstdio> #include <string> #include <cstring> using namespace std; int main() { int n, p, q; while ( scanf ( "%d%…

题目链接 本题很像bash博弈,但又有些许不同,因为这里是乘法,我们可以列出前几项可能 若n=2-9,那么first可以一次取完 若n=10-18,无论first怎么取,second都能一次取完 若n=19-162,那么无论second怎么取,first都能一次取完 若n=163-324 second一定可以取完 以此类推,类似bash博弈,每一组必胜必败态交换的距离为18的倍数,那么就将n/=18直到n<=18,然后判断即可 #include<bits/stdc++.h> using…