hdu6073[dfs+删边] 2017多校4

题目中对二分图的定义十分特殊, 指的是 U,V两部分中,U的顶点度数必定为2,V中顶点无限制. 题目要求的是对于所有匹配,该匹配的权值=该匹配中选中的边的边权的乘积,求所有匹配权值之和. 对于V中的顶点,a∈V , 如果a的度数为1, 那么a的最优匹配就已经决定了,此时将a对答案的贡献记录下来(ans乘上该边的权即可,因为任意一种匹配都必定包含此边). 删去a点后,所有与a相连的顶点度数-1,如果这个时候又出现了度数为1的顶点,就重复类似a的操作,直到图中再无度数为1的顶点. 可以发现,这就是…

hdu6035[dfs+思维] 2017多校1

/*hdu6035[dfs+思维] 2017多校1*/ //合并色块, 妙啊妙啊 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; ; const int inf=0x3f3f3f3f; typedef long long LL; vector<]; LL sum[]; ],son[],mark[]; ,kase=; LL ans,res; void dfs(int u,int fa){ son[u]=; LL y=sum[c[u]]; LL x=…

hdu6060[贪心+dfs] 2017多校3

/* hdu6060[贪心+dfs] 2017多校3*/ #include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; int n, k, u, v, c; struct Edge { LL cost; int to; Edge(, ): cost(C), to(T) {} }; vector<Edge> G[]; ]; LL ans = ; void dfs(int u, int fa) { son[u]+…

2017 多校1 I Curse Myself

2017 多校2 I Curse Myself(第k小生成树) 题目: 给一张带权无向连通图,该图的任意一条边最多只会经过一个简单环,定义\(V(k)为第k小生成树的权值和\),求出\(\sum_{k=1}^{K}k \cdot V(k) mod 2^{32}\) 思路: 比赛的时候看了一眼,没有看清楚是仙人掌那句话,觉得好难啊看完题解之后觉得就算看清了还是过不了嘛. 直接上题解由于图是一个仙人掌,所以显然对于图上的每一个环都需要从环上取出一条边删掉.所以问题就变为有 M 个集合,每个集合里…

2017 多校5 hdu 6093 Rikka with Number

2017 多校5 Rikka with Number(数学 + 数位dp) 题意: 统计\([L,R]\)内有多少数字满足在某个\(d(d>=2)\)进制下是\(d\)的全排列的 \(1 <= L <= R <= 10^{5000}\) 题解: 首先转化成计算小于等于 \(N\)的好数有多少个.因为 \(n^n<(n+1)^n\) 而对于 \(n\) 进制下的任何一个好数 \(K\),都有 \(n^{n-1}<K<n^n \) ,所以每一…

2017 多校5 Rikka with String

2017 多校5 Rikka with String(ac自动机+dp) 题意: Yuta has \(n\) \(01\) strings \(s_i\), and he wants to know the number of \(01\) antisymmetric strings of length \(2L\) which contain all given strings \(s_i\) as continuous substrings. A \(01\) string \(s\) i…

2017 多校4 Security Check

2017 多校4 Security Check 题意: 有\(A_i\)和\(B_i\)两个长度为\(n\)的队列过安检,当\(|A_i-B_j|>K\)的时候, \(A_i和B_j\)是可以同时过安检的,过安检必须按照队列的顺序,问你两个队列过完安检最少花费的时间 \(1<=n<=6e4\), \(1<=A_i,B_i<=n\) 题解: 设\(f_{i,j}\) 表示仅考虑\(a[1..i]\)与\(b[1..j]\)时,最少需要多少时间. 若\(|a_i-b_j|>…

hdu6038[找规律+循环节] 2017多校1

/*hdu6038[找规律+循环节] 2017多校1*/ #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; ; const int inf=0x3f3f3f3f; ; ,maxlop; ],b[],mark[]; LL Arep[],Brep[]; LL fastpow(LL a,LL b){ LL ret=,x=a; while(b){ ){ ret=(ret*x)%mod; } x=(x*x)%mod; b…

hdu6074[并查集+LCA+思维] 2017多校4

看了标答感觉思路清晰了许多,用并查集来维护全联通块的点数和边权和. 用另一个up[]数组(也是并查集)来保证每条边不会被重复附权值,这样我们只要将询问按权值从小到大排序,一定能的到最小的边权和与联通块中的点数. 下面是过程分析.过程中一共运用了两个并查集. [数据]110 31 21 32 42 53 63 74 85 95 109 6 3 1 501 4 2 5 209 10 8 10 40[分析]首先我们将图构建出来我们将m次询问按权值从小到大排序后: 1 4 2 5 209 10 8 10…

2017 多校4 Wavel Sequence

2017 多校4 Wavel Sequence 题意: Formally, he defines a sequence \(a_1,a_2,...,a_n\) as ''wavel'' if and only if \(a_1<a_2>a_3<a_4>a_5<a_6\)... Now given two sequences \(a_1,a_2,...,a_n\) and \(b_1,b_2,...,b_m\), Little Q wants to find two seque…

2017 多校3 hdu 6061 RXD and functions

2017 多校3 hdu 6061 RXD and functions(FFT) 题意: 给一个函数\(f(x)=\sum_{i=0}^{n}c_i \cdot x^{i}\) 求\(g(x) = f(x - \sum a_i)\)后每一项\(x^{i}\)的系数mod998244353 \(n <= 10^{5},m <= 10^{5}\) \(0 <= c_i < 998244353\) \(0 <= a_i < 998244353\) 思路: 令\(d = -\s…

2017 多校2 hdu 6053 TrickGCD

2017 多校2 hdu 6053 TrickGCD 题目: You are given an array \(A\) , and Zhu wants to know there are how many different array \(B\) satisfy the following conditions? \(1≤B_i≤A_i\) For each pair(\(l , r) (1≤l≤r≤n) , gcd(bl,bl+1...br)≥2\) Input The first line…

hdu6136[模拟+优先队列] 2017多校8

有点麻烦.. /*hdu6136[模拟+优先队列] 2017多校8*/ #include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; struct frac { LL p, q; frac(LL P, LL Q) { p = P / __gcd(P, Q); q = Q / __gcd(P, Q); } frac() {p = , q = ;} bool operator < (const frac& a)…

hdu6134[莫比乌斯反演] 2017多校8

/*hdu6134[莫比乌斯反演] 2017多校8*/ #include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; ; + ; LL f[maxn], g[maxn], d[maxn]; bool vis[maxn]; int prime[maxn], primes, mu[maxn]; void init_mu() { memset(vis, , sizeof(vis)); mu[] = ; primes = ; ;…

hdu6098[RMQ+筛法] 2017多校6

/*hdu6098[RMQ+筛法] 2017多校6*/ #include <bits/stdc++.h> using namespace std; ][], len[], a[]; void st_init() { len[] = -; ; i <= n; i++) { st[i][] = a[i]; len[i] = (i & (i - )) == ? len[i - ] + : len[i - ]; } ; j <= len[n]; j++) { ; i + ( <…

hdu6103[尺取法] 2017多校6

/*hdu6103[尺取法] 2017多校6*/ #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int T, m; ]; void solve() { ; int n = strlen(str); ; i < n; i++) { , r = , p1 = i, p2 = i + , cost = ; && p2 + r < n) { if (cost + abs(str[p1 - r] - str[p2 + r]) &l…

hdu6097[二分+解析几何] 2017多校6

/*hdu6097[二分+解析几何] 2017多校6*/ #include <bits/stdc++.h> using namespace std; ; struct node{ double x,y; node(double X=0.0,double Y=0.0): x(X),y(Y){} }p,q; double dist(node a,node b){ return sqrt((a.x-b.x)*(a.x-b.x)+(a.y-b.y)*(a.y-b.y)); } int T; doubl…

hdu6085[压位+暴力] 2017多校5

/*hdu6085[压位+暴力] 2017多校5*/ /*强行优化..*/ #include <bits/stdc++.h> using namespace std; struct bits{ unsigned num[]; unsigned bitlen; bits(){memset(num,,;} bits get(int l, int r) { bits ret; ; ; left=l/; len1=(l%); len2=-len1; ){ ) ret.num[pos++]=num[le…

hdu6034[模拟] 2017多校1

/*hdu6034[模拟] 2017多校1*/ //暴力模拟26个26进制数即可, 要注意进位 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; ; const int inf=0x3f3f3f3f; struct node{ ]; int ch,high; }bits[]; ; ],w[],kase=; ]; LL fastpow(LL a,LL b){ LL ret=,x=a; while(b){ ){ r…

hdu6078[优化递推过程] 2017多校4

这道题一眼看过去好像和最长公共子序列有点像. 一开始只想到暴力的推法, 令dp[i][j][k]表示 a[i]=b[j](即以ai,bj为结尾的波浪序列的方案数), 且最终状态为k(0,1分别代表下降与上升)的方案数. 所以我们可能需要优化一下,用一个sum[i][j][k]表示枚举到ai时,能构成以bj为结尾且末状态为k的方案和,可以减少对 j 这一维的枚举. 比如我们在枚举ai+1时,在遍历b中元素时,如果遇到比ai+1大的,那么就加上sum[i][j][1],若遇到比ai+1小的,就加上s…