757B - Bash's Big Day 思路:筛法.将所有因子个数求出,答案就是最大的因子个数,注意全为1的特殊情况. 代码: #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long #define pb push_back ; }; int main() { ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(); int n,a; cin>>n; ;i<n;i++) {…

B. Bash's Big Day time limit per test:2 seconds memory limit per test:512 megabytes input:standard input output: standard output Bash has set out on a journey to become the greatest Pokemon master. To get his first Pokemon, he went to Professor Zulu'…

time limit per test2 seconds memory limit per test512 megabytes inputstandard input outputstandard output Bash has set out on a journey to become the greatest Pokemon master. To get his first Pokemon, he went to Professor Zulu's Lab. Since Bash is Pr…

http://codeforces.com/problemset/problem/757/B 题意:给出n个数,求一个最大的集合并且这个集合中的元素gcd的结果不等于1. 思路:一开始把素数表打出来,发现有9k+个数,不能暴力枚举.发现O(sqrt(n)*n)似乎可行,就枚举因子,然后出现过的因子就在Hash[]加1,最后枚举素数表里的元素,找出现次数最多的,因为那些数都可以映射在素数表里面.注意最少的ans是1. #include <cstdio> #include <algorith…

[题目链接] 点击打开链接 [算法] 若gcd(s1,s2,s3....sk) > 1, 则说明 : 一定存在一个整数d满足d|s1,d|s2,d|s3....,d|sk 因为我们要使|s|尽可能大,所以d是一个质数 对每个数进行质因数分解即可 [代码] #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int MAXN = 1e5; int N,i,j,tmp,ans; ],s[MAXN+]={,}; template <typ…

链接 codeforces 题解 结论:\(f_0(n)=2^{n的质因子个数}\)= 根据性质可知\(f_0()\)是一个积性函数 对于\(f_{r+1}()\)化一下式子 对于 \[f_{r+1} = \sum_{d|n}f_r(d)\] \(f_r+1\)可以看做\(f_r()\)和\(g(d)\)的狄利克雷卷积因为\(f_0()\)是积性函数,\(g(d)\)也是积性函数,由卷积性质得\(f_{r+1}()\)也是积性函数,那么\(f_r\)同理 对于\(n\)质因数分解得到: \[n=…

[题目链接] https://codeforces.com/contest/914/problem/D [算法] 显然 , 当一个区间[l , r]中为d倍数的数的个数 <= 1 , 答案为Yes , 否则为No 线段树简单维护即可 , 详见代码 , 时间复杂度 : O(NlogN ^ 2) [代码] #include<bits/stdc++.h> using namespace std; ; int n , m; int val[MAXN]; int cnt; struct Segme…

题目链接: http://codeforces.com/contest/757/problem/E?csrf_token=f6c272cce871728ac1c239c34006ae90 题目: 题解: $f_0(n) = 2^{n的不同质因子的个数}$ $ f_r(n) = \sum_{d|n}f_{r-1}(d)$ $f_0$是积性函数 , $f_r = f_0 * Id^r (1) $也是积性函数 , 所以只需要求$f_r(p^k)$就行了 $f_r(p^k)$与p无关 , $f_0(p^…

题意: 两个操作, 单点修改 询问一段区间是否能在至多一次修改后,使得区间$GCD$等于$X$ 题解: 正确思路; 线段树维护区间$GCD$,查询$GCD$的时候记录一共访问了多少个$GCD$不被X整除的区间即可,大于一个就NO 要注意的是,如果真的数完一整个区间,肯定会超时,因此用一个外部变量存储数量,一旦超过一个,就停止整个查询 #include <bits/stdc++.h> #define endl '\n' #define ll long long #define IO ios::s…

题目链接 \(Description\) 给定一个序列,两种操作:一是修改一个点的值:二是给一个区间\([l,r]\),问能否只修改一个数使得区间gcd为\(x\). \(Solution\) 想到能维护区间gcd就很简单了. 对于区间查询,两个子区间只能有一个区间的gcd不整除\(x\),再递归这个子区间. 因为这样递归至多递归到两个叶子,所以复杂度OK. 至于线段树维护gcd...这是1个log的,大概是因为.. 你辗转相处一次 你的数字会/2 你得按顺序做gcd 全部和答案去做gcd --…