分析: 小Ho:这种简单的谜题就交给我吧! 小Hi:真的没问题么? <10分钟过去> 小Ho:啊啊啊啊啊!搞不定啊!!!骨牌数量一多就乱了. 小Hi:哎,我就知道你会遇到问题. 小Ho:小Hi快来帮帮我! 小Hi:好了,好了.让我们一起来解决这个问题. <小Hi思考了一下> 小Hi:原来是这样...小Ho你仔细观察这个例子: 因为相连的两个数字总是相同的,不妨我们只写一次,那么这个例子可以写成:3-2-4-3-5-1.6个数字刚好有5个间隙,每个间隙两边的数字由恰好对应了一块骨牌.

tarjan算法是在dfs生成一颗dfs树的时候按照访问顺序的先后,为每个结点分配一个时间戳,然后再用low[u]表示结点能访问到的最小时间戳 以上的各种应用都是在此拓展而来的. 割点:如果一个图去掉某个点,使得图的连通分支数增加,那么这个点就是割点 某个点是割点,当且仅当这个点的后代没有连回自己祖先的边.即low[v] >= dfn[u]     , v是u的后代 需要注意的是根结点的特判,因为根结点没有祖先,根结点是割点,当且仅当根结点有两个以上的儿子. 问题:重边对该算法有影响吗?没有影响

目录 Tarjan算法与无向图的连通性 1:基础概念 2:Tarjan判断割点 3:Tarjan判断割边 Tarjan算法与无向图的连通性 1:基础概念 在说Tarjan算法求解无向图的连通性之前,先来说几个概念: <1. 时间戳:在图的深度优先遍历中,按照每一个结点第一次被访问到的时间顺序,依次给予N个结点1~N的整数边集,该标记就被计位"时间戳",计做 \(dfn[x]\). <2. 搜索树:任选一个结点深度优先遍历,每个点只访问一次.产生递归的边构成的树为搜索树. &

记得曾经一次面试时,面试官给我电脑,让我现场写个算法,判断一个字符串是不是对称字符串.我当时用了几分钟写了一个很简单的代码. 这里说的对称字符串是指字符串的左边和右边字符顺序相反,如"abba",单个字符串暂且算非对称字符串,虽然有字符串看起来是对称的如"A."H"."O"."中"."人"...,严格来说,也是不对称的,把它们放大时,线条的粗细是不一样的. static bool IsSymmet

题意: 构造一个01串,使得满足以下条件: 1. 环状(即首尾相连) 2. 每一位取值为0或1 3. 长度是2^n 4. 对于每个(2^n个)位置,从其开始沿逆时针方向的连续的n位01串(包括自己) 构成的数均不相同,即0到2^n−1中的数各出现一次 数据范围: 1<=n<=15 欧拉回路 考虑用一条边表示一个数,那么题目要求就是无重复的遍历完所有边, 则这是一个欧拉图的问题. 对于有公共点的两条边,第一个的后n-1位和第二个的前n-1相同. 这样将一条边的前n-1位和后n-1位作为点,连边,

Fleury算法看这里 http://hihocoder.com/problemset/problem/1181 把每个点看成边,每个横纵坐标看成一个点,得到一个无向图. 如果新图中每个点的度都是偶数,那么就是一个欧拉图,对该图跑一遍欧拉回路,对走过的边轮流染色,就可以保证每个点所连的边的红蓝颜色相等. 如果存在度数为奇数的点,新建两个点a和b.把横坐标的度数为奇数的点和a连边,把纵坐标为奇数的点和b连边,这样最多只有a和b的度数为奇数,可以跑欧拉路径. 注意Fleury算法的时候,要及时把访问

Fleury算法 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <algorithm> #include <climits> #include <vector> #include <queue> #include <cstdlib> #include <string>

算法提高 判断名次 时间限制:1.0s 内存限制:256.0MB 问题描述 某场比赛过后,你想要知道A~E五个人的排名是什么,于是要求他们每个人说了一句话.(经典的开头---_-!)得了第1名的人23,说了假话:得了第5名的人不好意思,也说了假话:为了使求解问题简单,第3名同样说了假话.(奇数名次说假话) 输入格式 共5行,各行依次表示A~E说的话. 每行包含一个形如"A>=3"的名次判断,即一个大写字母+关系运算符+一个数字,不包含空格. 大写字母AE,关系运算<.<

hiho欧拉路·二 分析: 小Ho:这种简单的谜题就交给我吧! 小Hi:真的没问题么? <10分钟过去> 小Ho:啊啊啊啊啊!搞不定啊!!!骨牌数量一多就乱了. 小Hi:哎,我就知道你会遇到问题. 小Ho:小Hi快来帮帮我! 小Hi:好了,好了.让我们一起来解决这个问题. <小Hi思考了一下> 小Hi:原来是这样...小Ho你仔细观察这个例子: 因为相连的两个数字总是相同的,不妨我们只写一次,那么这个例子可以写成:3-2-4-3-5-1.6个数字刚好有5个间隙,每个间隙两边的数字由

问题描述 为了增加公司收入,F公司新开设了物流业务.由于F公司在业界的良好口碑,物流业务一开通即受到了消费者的欢迎,物流业务马上遍及了城市的每条街道.然而,F公司现在只安排了小明一个人负责所有街道的服务. 任务虽然繁重,但是小明有足够的信心,他拿到了城市的地图,准备研究最好的方案.城市中有n个交叉路口,m条街道连接在这些交叉路口之间,每条街道的首尾都正好连接着一个交叉路口.除开街道的首尾端点,街道不会在其他位置与其他街道相交.每个交叉路口都至少连接着一条街道,有的交叉路口可能只连接着一条或两条街

质数的定义 质数又称素数.一个大于1的自然数,除了1和它自身外,不能整除其他自然数的数叫做质数:否则称为合数. 实现思路 循环所有可能的备选数字,然后和中间数以下且大于等于2的整数进行整除比较,如果能够被整数,则肯定不是质数,相反,就是质数. 第一种算法 这也是最可能先想到的,也就是直接和备选数的中间数去比较,算法源码如下: /** * 获取所有的质数 * @param array $arr * @return array */ function get_prime_number($arr =

95. 验证二叉查找树 中文English 给定一个二叉树,判断它是否是合法的二叉查找树(BST) 一棵BST定义为: 节点的左子树中的值要严格小于该节点的值. 节点的右子树中的值要严格大于该节点的值. 左右子树也必须是二叉查找树. 一个节点的树也是二叉查找树. Example 样例 1: 输入:{-1} 输出:true 解释: 二叉树如下(仅有一个节点): -1 这是二叉查找树. 样例 2: 输入:{2,1,4,#,#,3,5} 输出:true 解释: 二叉树如下: 2 / \ 1 4 / \

NX9+VS2012 #include <uf.h> #include <uf_curve.h> #include <uf_modl.h> #include <vector> #include <uf_disp.h> UF_initialize(); //第一步,创建5条直线 UF_CURVE_line_t Coords1; Coords1.start_point[] = 0.0; Coords1.start_point[] = 0.0; Coo

Marriage Match IV HDOJ-3416 这题的题意就是要找两点之间最短路的路径个数,而且边不能重复. 最大流和最短路的结合.首先正向和反向建图,再跑两遍dijikstra.到这里就求出来起点到某一点的最短路以及某一点到终点的最短路. 还有一个关键的公式就是如何判断一条边是否在最短路中:如果起点到该边的起点的最短距离加上该边的终点到终点的最短距离再加上该边的长度等于起点到终点的最短路,那该边就在最短路中. 还有一个需要注意的地方就是最大流算法的选用,如果需用EK算法,时间复杂度和边

Problem Description 输入三个整数,分别代表三角形的三条边长度,判断能否构成直角三角形 Input 输入3个整数a,b,c(多组数据,-5000000<a,b,c<5000000) Output 如果能组成直角三角形,输出yes否则输出no Sample Input 3 4 5 Sample Output yes #include <stdio.h> int main() { int a, b, c; while(scanf("%d%d%d",

Problem Description 输入年份,判断是否闰年 Input 输入一个整数n(多组数据) Output 如果是闰年,输出yes,否则输出no(每组数据一行) Sample Input 2000 Sample Output yes 我的代码: #include<stdio.h> int main() { int year; while(scanf("%d",&year)!=EOF) { == && year%!=) || (year%==

用户输入一个年份,判断这个年是否是闰年.判断闰年条件:① 非整百年数除以4,无余为闰,有余不闰:② 整百年数除以400,无余为闰,有余不闰.比如:2000年,整百数年,就要用②公式,除以400,无余数,所以是闰年.1900年,整百年数,就要用②公式,除以400,有余数,所以不是闰年. // 用户输入两个数字 var year = parseFloat(prompt("请输入一个年份",2016)); //闰年:要么整百年份能够被400整除(能够被400整除,肯定能被100整除),要么非

#include <iostream> #include <vector> #include<string> #include<cstring> using namespace std; # define ll long long # define maxn 1000+10 # define inf 0x3f3f3f3f int n,m,t; double mg; struct node { int to; double lv; double yon; no

题目: 给定某字符串,判断该字符串中是否包含HelloWorld,出现HelloWorld不一定要连续,但顺序不变,如“HeByello,ByeWorByeld”就包含“HelloWorld”. 思路: 通过i,j来遍历两个字符串str1,str2(HelloWorld),假设长度分别为m,n: 当i>m或者j>n,则不包含: 当i<m且j==n-1,且str1[i]==str2[j],则包含: 当i<m且j<n,如果str1[i]==str2[j],i++,j++;否则,i

关于为什么不选桥 因为选桥之后会变成两个联通分支,这时由于可能产生的新联通分支不是孤立顶点,他俩都不联通了,那么也就绝对不可能“一笔画”走下来了 关于为什么可以选除桥之外的任意一条边走 本质原因是因为环与环嵌套后这俩环是没有内外之分的,所以说你任意选一条边本质是选择在哪个环上走,根据证明充分必要条件的充分性时用的构造性证明,一定可以把当前选的环和还没走的环连起来,注意这时候提到的为什么不选桥的问题刚好限定了行进过程会自动走向没走过的环 证完了 例题:洛谷P1341 无序字母对 //主要是判定某条