4836: [Lydsy2017年4月月赛]二元运算

Time Limit: 8 Sec  Memory Limit: 128 MB

Description

定义二元运算 opt 满足
 
现在给定一个长为 n 的数列 a 和一个长为 m 的数列 b ,接下来有 q 次询问。每次询问给定一个数字 c 
你需要求出有多少对 (i, j) 使得 a_i  opt b_j=c 。
 
 
 

Input

第一行是一个整数 T (1≤T≤10) ,表示测试数据的组数。
对于每组测试数据:
第一行是三个整数 n,m,q (1≤n,m,q≤50000) 。
第二行是 n 个整数,表示 a_1,a_2,?,a_n (0≤a_1,a_2,?,a_n≤50000) 。
第三行是 m 个整数,表示 b_1,b_2,?,b_m (0≤b_1,b_2,?,b_m≤50000) 。
第四行是 q 个整数,第 i 个整数 c_i (0≤c_i≤100000) 表示第 i 次查询的数。
 
 

Output

对于每次查询,输出一行,包含一个整数,表示满足条件的 (i, j) 对的个数。

 
 

Sample Input

2
2 1 5
1 3
2
1 2 3 4 5
2 2 5
1 3
2 4
1 2 3 4 5

Sample Output

1
0
1
0
0
1
0
1
0
1

HINT

 

Source

可能我的常数真的巨大。。。

转载一个姜大爷的题解http://blog.csdn.net/neither_nor/article/details/70889246

#include<map>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define inf 1000000007
#define ll long long
#define PI acos(-1)
#define M 400010
inline int rd()
{
int x=,f=;char ch=getchar();
while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
return x*f;
}
#define db double
struct cl{
db x,y;
cl(){}
cl(db _x,db _y){x=_x;y=_y;}
friend cl operator +(const cl &x,const cl &y){return cl(x.x+y.x,x.y+y.y);}
friend cl operator -(const cl &x,const cl &y){return cl(x.x-y.x,x.y-y.y);}
friend cl operator *(const cl &x,const cl &y){return cl(x.x*y.x-x.y*y.y,x.x*y.y+x.y*y.x);}
friend cl operator /(const cl &x,const db &y){return cl(x.x/y,x.y/y);}
cl con(){return cl(x,-y);}
};
cl a[M],b[M];
int n,L,R[M];
int A[M],B[M],mx,T;
ll ans[M];
void fft(cl *x,int f,int n)
{
for(int i=;i<n;i++) if(i<R[i]) swap(x[i],x[R[i]]);
for(int i=;i<n;i<<=)
{
cl wn(cos(PI/i),f*sin(PI/i));
for(int j=;j<n;j+=(i<<))
{
cl w(,),X,Y;
for(int k=;k<i;k++,w=w*wn)
{
X=x[j+k];Y=w*x[j+k+i];
x[j+k]=X+Y;x[j+k+i]=X-Y;
}
}
}
if(f==-) for(int i=;i<n;++i) x[i]=x[i]/n;
}
void cal(int l,int r,int n,int L)
{
if(l==r)
{
ans[]+=(ll)A[l]*B[l];
return ;
}
register int i,j,mid=l+r>>;
for(i=;i<n;++i) R[i]=(R[i>>]>>)|((i&)<<L);
for(i=;i<n;++i) a[i]=b[i]=cl(,);
for(i=l;i<=mid;++i) a[i-l].x=A[i];
for(i=mid+;i<=r;++i) a[i-mid-].y=B[i];
fft(a,,n);
for(i=;i<n;i++)
{
j=(n-i)&(n-);
b[i]=(a[i]*a[i]-(a[j]*a[j]).con())*cl(,-0.25);
}
fft(b,-,n);
for(i=;i<n;++i) ans[l+mid++i]+=(ll)(b[i].x+0.1); for(i=;i<n;++i) a[i]=b[i]=cl(,);
for(i=mid+;i<=r;i++) a[i-mid-].x=A[i];
for(i=l;i<=mid;i++) a[mid-i].y=B[i];
fft(a,,n);
for(i=;i<n;i++)
{
j=(n-i)&(n-);
b[i]=(a[i]*a[i]-(a[j]*a[j]).con())*cl(,-0.25);
}
fft(b,-,n);
for(i=;i<n;++i) ans[+i]+=(ll)(b[i].x+0.1); cal(l,mid,n>>,L-);
cal(mid+,r,n>>,L-);
}
int main()
{
register int n1,n2,q,i,x;
T=rd();
while(T--)
{
n1=rd();n2=rd();q=rd();mx=;
memset(A,,sizeof(A));
memset(B,,sizeof(B));
memset(ans,,sizeof(ans));
for(i=;i^n1;++i)
{
x=rd();A[x]++;
mx=max(mx,x);
}
for(i=;i^n2;i++)
{
x=rd();B[x]++;
mx=max(mx,x);
}
for(n=,L=-;n<(mx<<);n<<=) L++;
cal(,n-,n,L);
while(q--)
{
x=rd();
printf("%lld\n",ans[x]);
}
}
return ;
}

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