题目描述

用last[x]表示对x进行的上一次操作的位置,vis[x]表示x是否在大楼内。

Splay维护'?'的位置。

若x要进楼:

1.若x已在楼内,则去找last[x]到i之间是否有'?',若有,则可以把这个'?'当做是上一个x出楼,反之则 出现错误。

2.若x不在楼内,标记x在楼内。

若x要出楼:

1.若x在楼内,标记x不在楼内。

2.若x不在楼内,相同的去找last[x]到i之间是否有'?'。

#include<complex>
#include<cstdio>
using namespace std;
const int N=5e5+;
int n,sz,rot,ans=-;
int key[N],fat[N],son[N][],siz[N],last[N];
bool vis[N];
int qread()
{
int x=;
char ch=getchar();
while(ch<'' || ch>'')
{
if(ch=='I')return ;
if(ch=='O')return ;
if(ch=='?')return ;
ch=getchar();
}
while(ch>='' && ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
return x;
}
void Update(int rt)
{
siz[rt]=siz[son[rt][]]+siz[son[rt][]]+;
}
void Rotate(int x,int &rt)
{
int a=fat[x],b=fat[a],l=son[a][]==x,r=l^;
if(a==rt)rt=x;
else son[b][son[b][]==a]=x;
fat[son[x][r]]=a;fat[a]=x;fat[x]=b;
son[a][l]=son[x][r];son[x][r]=a;
Update(a);Update(x);
}
inline void Splay(int x,int &rt)
{
while(x!=rt)
{
int a=fat[x],b=fat[a];
if(a!=rt)
if((son[a][]==x)^(son[b][]==a))
Rotate(x,rt);
else Rotate(a,rt);
Rotate(x,rt);
}
}
void Insert(int v,int k)
{
int fa=;
while(k && key[k]!=v)
fa=k,k=son[k][key[k]<v];
k=++sz;
key[k]=v;siz[k]=;fat[k]=fa;
if(fa)son[fa][key[fa]<v]=k;
Splay(k,rot);
}
void Find(int x,int k)
{
while(son[k][key[k]<x] && x!=key[k])
k=son[k][key[k]<x];
Splay(k,rot);
}
void Delete(int x)
{
Find(x,rot);
if(son[rot][] && son[rot][])
{
int tmp=rot,k=son[rot][];
rot=k;
while(son[k][])k=son[k][];
siz[k]+=siz[son[tmp][]];
fat[son[tmp][]]=k;son[k][]=son[tmp][];
Splay(k,rot);
}
else rot=son[rot][]+son[rot][];
fat[rot]=;
}
int GetNxt(int x)
{
Find(x,rot);
if(key[rot]>x)return rot;
int k=son[rot][];
while(son[k][])k=son[k][];
return k;
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
int tmp,p,x;
for(int i=;i<=n;i++)
{
p=qread();
if(p==)
{
x=qread();
if(vis[x])
{
tmp=key[GetNxt(last[x])];
if(!tmp)
{
ans=i;
break;
}
else Delete(tmp);
}
vis[x]=;
last[x]=i;
}
if(p==)
{
x=qread();
if(!vis[x])
{
tmp=key[GetNxt(last[x])];
if(!tmp)
{
ans=i;
break;
}
else Delete(tmp);
}
vis[x]=;
last[x]=i;
}
if(p==)Insert(i,rot);
}
printf("%d\n",ans);
return ;
}

#6085. 「美团 CodeM 资格赛」优惠券的更多相关文章

  1. LOJ#6085. 「美团 CodeM 资格赛」优惠券(set)

    题意 题目链接 Sol 考虑不合法的情况只有两种: 进去了 再次进去 没进去 但是出来了 显然可以用未知记录抵消掉 直接开个set维护一下所有未知记录的位置 最优策略一定是最后一次操作位置的后继 同时 ...

  2. loj 6085.「美团 CodeM 资格赛」优惠券

    题目: 一个有门禁的大楼,初始时里面没有人. 现在有一些人在进出大楼,每个人都有一个唯一的编号.现在有他们进出大楼的记录,但是有些被污染了,只能知道这里有一条记录,具体并不能知道. 一个人只有进大楼, ...

  3. 「题解」「美团 CodeM 资格赛」跳格子

    目录 「题解」「美团 CodeM 资格赛」跳格子 题目描述 考场思路 思路分析及正解代码 「题解」「美团 CodeM 资格赛」跳格子 今天真的考自闭了... \(T1\) 花了 \(2h\) 都没有搞 ...

  4. 「美团 CodeM 资格赛」跳格子

    题目描述 nnn 个格子排成一列,一开始,你在第一个格子,目标为跳到第 n 个格子.在每个格子 i 里面你可以做出两个选择: 选择「a」:向前跳 ai​​ 步. 选择「b」:向前跳 bi 步. 把每步 ...

  5. 「美团 CodeM 资格赛」试题泛做

    LibreOJ真是吼啊! 数码 推个式子,把枚举因数转为枚举倍数.然后就发现它是根号分段的.然后每一段算一下就好了. #include <cstdio> #include <cstr ...

  6. loj 6084.「美团 CodeM 资格赛」跳格子

    题目: link 题解: 尽量走\(a\). 只要保证走\(a\)后到达的点一定可以到终点就可以走. 所以从终点开始\(dfs\)出所有能够到达终点的点. 然后再从起点开始\(dfs\)路径即可. 如 ...

  7. loj 6083.「美团 CodeM 资格赛」数码

    题目: 给定两个整数\(l\)和\(r\),对于任意\(x\),满足\(l\leq x\leq r\),把\(x\)所有约数写下来. 对于每个写下来的数,只保留最高位的那个数码.求\([1,9]\)中 ...

  8. LOJ #6192. 「美团 CodeM 复赛」城市网络 (树上倍增)

    #6192. 「美团 CodeM 复赛」城市网络 内存限制:64 MiB 时间限制:500 ms 标准输入输出   题目描述 有一个树状的城市网络(即 nnn 个城市由 n−1n-1n−1 条道路连接 ...

  9. LibreOJ #6192. 「美团 CodeM 复赛」城市网络

    #6192. 「美团 CodeM 复赛」城市网络 内存限制:64 MiB时间限制:500 ms标准输入输出 题目类型:传统评测方式:文本比较 上传者: sqc 提交提交记录统计讨论测试数据   题目描 ...

随机推荐

  1. Spring MVC前端控制器不拦截静态资源配置

  2. docker-compose命令使用说明

    Commands: build Build or rebuild services bundle Generate a Docker bundle from the Compose file conf ...

  3. 环境配置 python 3.6+Anaconda+cuda9.0+cudNN7.0+Tensorflow

    最近在摸deepfakes代码,一堆环境要配置,过程记录一下吧. 一.安装Python3.6 Ubuntu16.04系统下默认是python2.7.网上说一般不建议卸载系统自带的python,所以保留 ...

  4. js 简单的滑动3

    js 简单的滑动教程(三)   作者:Lellansin 转载请标明出处,谢谢 在前面的基础上(js 简单的滑动教程(二)),我们可以再添加一些功能使程序的可用性更高. 比如自动为图片的LI赋id值, ...

  5. springboot笔记09——使用aop

    什么是AOP? aop(Aspect Oriented Programming)面向切面编程,是OOP(Object-Oriented Programing,面向对象编程)的补充和完善.OOP引入封装 ...

  6. 图解Apache Mina

    Apache MINA 是一个用于简化开发构建高性能.高可扩展的网络应用框架.通过JAVA NIO在各种传输协议(如:TCP/IP.UDP/IP)上提供抽象的事件驱动异步API Apache MINA ...

  7. PHP7预编译mysqli查询操作

    //连接数据库 $mysqli = new mysqli("localhost", "root", "root", "mobile ...

  8. Android笔记(六十)Android总结:四大组件——BroadcastReceiver篇

    什么是BroadcastReceiver BroadcastReceiver是Android体系的四大组件之一,本质上是一种全局的监听器,用于监听系统全局的广播消息,正式因为其本质为全局监听,因此可以 ...

  9. docker镜像批量打包

    docker镜像批量打包 批量打包镜像: # docker save $(docker images | grep -v REPOSITORY | awk 'BEGIN{OFS=":&quo ...

  10. visual studio 应用场景