子树可以移动,唔。

还是用Splay维护DFS序即可。

子树的话直接截取出来就好了。

然后求前驱后继可能麻烦一些。

添加两个虚拟节点会比较好写。

#include <map>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define F(i,j,k) for (int i=j;i<=k;++i)
#define D(i,j,k) for (int i=j;i>=k;--i)
#define ll long long
#define mp make_pair
#define maxn 300005 int n,fa[maxn],st[maxn],top=0,id[maxn],rt,m;
int pos[maxn][2],w[maxn],ch[maxn][2],pn[maxn],siz[maxn][2];
int sta[maxn],cnt=0;
ll val[maxn],sum[maxn],tag[maxn];
char opt[11]; vector <int> v[maxn]; void update(int x)
{
sum[x]=sum[ch[x][0]]+sum[ch[x][1]]+val[x];
siz[x][0]=siz[ch[x][0]][0]+siz[ch[x][1]][0];
siz[x][1]=siz[ch[x][0]][1]+siz[ch[x][1]][1];
if (pn[x]==-1) siz[x][0]++;
else if (pn[x]==1) siz[x][1]++;
} int build(int l,int r,int f)
{
if (l>r) return 0;
int mid=(l+r)/2;
fa[mid]=f;
if (st[mid]<0)
{
pos[-st[mid]][1]=mid;
val[mid]=-w[-st[mid]];
pn[mid]=-1;
}
else if (st[mid]>0)
{
pos[st[mid]][0]=mid;
val[mid]=w[st[mid]];
pn[mid]=1;
}
else if (st[mid]==0)
{
pos[st[mid]][0]=mid;
val[mid]=0;
pn[mid]=0;
}
ch[mid][0]=build(l,mid-1,mid);
ch[mid][1]=build(mid+1,r,mid);
update(mid);
return mid;
} void dfs(int o)
{
st[++top]=o;
for (int i=0;i<v[o].size();++i) dfs(v[o][i]);
st[++top]=-o;
} void Debug(int o)
{
if (!o) return ;
printf("|-----------------| \n");
printf("Node %d : \n",o);
printf("Fa %d Ch l - %d Ch r - %d\n",fa[o],ch[o][0],ch[o][1]);
printf("Val %lld Sum %lld Positive Negetive %d\n",val[o],sum[o],pn[o]);
Debug(ch[o][0]);
Debug(ch[o][1]);
} void pushdown(int x)
{
if (tag[x])
{
tag[ch[x][0]]+=tag[x];
tag[ch[x][1]]+=tag[x];
val[ch[x][0]]+=pn[ch[x][0]]*tag[x];
val[ch[x][1]]+=pn[ch[x][1]]*tag[x];
sum[ch[x][0]]+=1LL*(siz[ch[x][0]][1]-siz[ch[x][0]][0])*tag[x];
sum[ch[x][1]]+=1LL*(siz[ch[x][1]][1]-siz[ch[x][1]][0])*tag[x];
tag[x]=0;
}
} void rot(int x,int &k)
{
int y=fa[x],z=fa[y],l,r;
if (ch[y][0]==x) l=0; else l=1; r=l^1;
if (y==k) k=x;
else
{
if (ch[z][0]==y) ch[z][0]=x;
else ch[z][1]=x;
}
fa[x]=z; fa[y]=x;fa[ch[x][r]]=y;
ch[y][l]=ch[x][r]; ch[x][r]=y;
update(y);update(x);
} void splay(int x,int &k)
{
sta[cnt=1]=x;
for (int i=x;i!=k;i=fa[i]) sta[++cnt]=fa[i];
while (cnt) pushdown(sta[cnt--]); while(x!=k)
{
int y=fa[x];
if (y!=k)
{
int z=fa[y];
if (ch[z][0]==y^ch[y][0]==x) rot(x,k);
else rot(y,k);
}
rot(x,k);
}
} int pre(int x)
{
if (ch[x][0])
{
x=ch[x][0];
while (ch[x][1]) x=ch[x][1];
return x;
}
while (ch[fa[x]][0]==x) x=fa[x]; x=fa[x];
return x;
} int nxt(int x)
{
if (ch[x][1])
{
x=ch[x][1];
while (ch[x][0]) x=ch[x][0];
return x;
}
while (ch[fa[x]][1]==x) x=fa[x]; x=fa[x];
return x;
} int main()
{
scanf("%d",&n);
F(i,2,n)
{
int u; scanf("%d",&u);
v[u].push_back(i);
}
sta[++top]=0;dfs(1);sta[++top]=0;
F(i,1,n) scanf("%d",&w[i]);
rt=build(1,top,0);
scanf("%d",&m);
F(i,1,m)
{
scanf("%s",opt);
int x,y,tmp,L,R;
switch(opt[0])
{
case 'Q':
scanf("%d",&x);
splay(pre(pos[1][0]),rt);
splay(nxt(pos[x][0]),ch[rt][1]);
printf("%lld\n",sum[ch[ch[rt][1]][0]]);
break;
case 'C':
scanf("%d%d",&x,&y);
splay(pre(pos[x][0]),rt);
splay(nxt(pos[x][1]),ch[rt][1]);
tmp=ch[ch[rt][1]][0];
fa[tmp]=0; ch[ch[rt][1]][0]=0;
update(ch[rt][1]); update(rt);
L=pos[y][0];R=pos[y][0]+1;
splay(pos[y][0],rt);
splay(nxt(pos[y][0]),ch[rt][1]);
ch[ch[rt][1]][0]=tmp;
fa[tmp]=ch[rt][1];
update(ch[rt][1]); update(rt);
break;
case 'F':
scanf("%d%d",&x,&y);
splay(pre(pos[x][0]),rt);
splay(nxt(pos[x][1]),ch[rt][1]);
tag[ch[ch[rt][1]][0]]+=y; tmp=ch[ch[rt][1]][0];
val[tmp]+=y*pn[tmp];
sum[tmp]+=1LL*(siz[tmp][1]-siz[tmp][0])*y;
break;
}
}
}

  

BZOJ 3786 星系探索 ——Splay的更多相关文章

  1. BZOJ 3786 星系探索 (splay+dfs序)

    题目大意:给你一棵树,支持一下三种操作 1.获取某节点到根节点的路径上所有节点的权值和 2.更换某棵子树的父亲 3.某子树内所有节点的权值都增加一个值w 当时想到了splay维护dfs序,查完题解发现 ...

  2. BZOJ 3786: 星系探索 解题报告

    3786: 星系探索 Description 物理学家小C的研究正遇到某个瓶颈. 他正在研究的是一个星系,这个星系中有n个星球,其中有一个主星球(方便起见我们默认其为1号星球),其余的所有星球均有且仅 ...

  3. bzoj 3786 星系探索 dfs+splay

    [BZOJ3786]星系探索 Description 物理学家小C的研究正遇到某个瓶颈. 他正在研究的是一个星系,这个星系中有n个星球,其中有一个主星球(方便起见我们默认其为1号星球),其余的所有星球 ...

  4. BZOJ 3786 星系探索

    Description 物理学家小C的研究正遇到某个瓶颈. 他正在研究的是一个星系,这个星系中有n个星球,其中有一个主星球(方便起见我们默认其为1号星球),其余的所有星球均有且仅有一个依赖星球.主星球 ...

  5. BZOJ 3786: 星系探索 ETT

    Description 物理学家小C的研究正遇到某个瓶颈. 他正在研究的是一个星系,这个星系中有n个星球,其中有一个主星球(方便起见我们默认其为1号星球),其余的所有星球均有且仅有一个依赖星球.主星球 ...

  6. BZOJ 3786: 星系探索 [伪ETT]

    传送门 数据,标程 题意: 一颗有根树,支持询问点到根路径权值和,子树加,换父亲 欧拉序列怎么求路径权值和? 一个点的权值只会给自己的子树中的点贡献,入栈权值正出栈权值负,求前缀和就行了! 和上题一样 ...

  7. BZOJ 3786: 星系探索 欧拉游览树

    一个叫 Euler-Tour-Tree 的数据结构,说白了就是用 Splay_Tree 维护欧拉序 #include <cstring> #include <algorithm> ...

  8. 【BZOJ-3786】星系探索 Splay + DFS序

    3786: 星系探索 Time Limit: 40 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 647  Solved: 212[Submit][Status][Discuss] ...

  9. bzoj3786星系探索 splay

    3786: 星系探索 Time Limit: 40 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 1314  Solved: 425[Submit][Status][Discuss ...

随机推荐

  1. poj 3159 Candies (差分约束)

    一个叫差分约束系统的东西.如果每个点定义一个顶标x(v),x(t)-x(s)将对应着s-t的最短路径. 比如说w+a≤b,那么可以画一条a到b的有向边,权值为w,同样地给出b+w2≤c,a+w3≤c. ...

  2. Harvest of Apples

    问题 B: Harvest of Apples 时间限制: 1 Sec  内存限制: 128 MB提交: 18  解决: 11[提交] [状态] [讨论版] [命题人:admin] 题目描述 Ther ...

  3. 2018.3.12 Leecode习题 给定一个整数数列,找出其中和为特定值的那两个数。

    给定一个整数数列,找出其中和为特定值的那两个数. 你可以假设每个输入都只会有一种答案,同样的元素不能被重用. 示例: 给定 nums = [2, 7, 11, 15], target = 9; 因为 ...

  4. C++类和结构体的区别

    C++类和结构体的区别? 结构体默认数据访问控制是public; 类默认数据访问控制是private;

  5. LINQ中AsEnumerable与AsQueryable的区别

    AsEnumerable将一个序列向上转换为一个IEnumerable, 强制将Enumerable类下面的查询操作符绑定到后续的子查询当中:AsQueryable将一个序列向下转换为一个IQuery ...

  6. HTML5中Web存储

    HTML5 中web存储是一个比cookies更好的一个本地存储方式. 那么什么是HTML5存储呢? 使用HTML5可以在本地存储用户浏览的数据,HTML5技术没有出来之前是使用cookies进行本地 ...

  7. 功能强大的CURL

      linux下的curl,有着非同一般的魔力,有人称它为下载工具,我更倾向于叫它“文件传输工具”因为它好像无所不能.从常见的 FTP, HTTP, TELNET, 等协议,还支持代理服务器,cook ...

  8. React动态import()

    React动态import() react-router@v4代码分离,推荐的import().这里分享webpack配置和使用方法. 首先安装两个必须的包 cnpm i react-loadable ...

  9. Ubuntu 18.04 下用命令行安装Sublime

    介绍: 添加来源: $ wget -qO - https://download.sublimetext.com/sublimehq-pub.gpg | sudo apt-key add - $ sud ...

  10. ubuntu安装easygui模块

    使用pip安装easygui 如果未安装pip,则使用如下命令 sudo apt-get install python-pip 安装完pip后,使用如下命令安装easygui sudo pip ins ...