Description

DotR里面的英雄只有一个属性——力量。

他们需要购买装备来提升自己的力量值,每件装备都可以使佩戴它的英雄的力量值提高固定的点数,所以英雄的力量值等于它购买的所有装备的力量值之和。

装备分为基本装备和高级装备两种。基本装备可以直接从商店里面用金币购买,而高级装备需要用基本
装备或者较低级的高级装备来合成,合成不需要附加的金币。装备的合成路线可以用一棵树来表示。

比如,Sange and Yasha的合成需要Sange,Yasha和Sange and Yasha Recipe Scroll三样物品。其中Sange又要用Ogre Axe, Belt
 of Giant Strength和 Sange Recipe Scroll合成。

每件基本装备都有数量限制,这限制了你不能无限制地合成某些性价比很高的装备。

现在,英雄Spectre有M个金币,他想用这些钱购买装备使自己的力量值尽量高。你能帮帮他吗?他会教你魔法Haunt(幽灵附体)作为回报的。

(1 <= n <= 51) 和 m (0 <= m <= 2,000)

Solution

一道搁置了很久的神题。

一看过去,一棵树形合成路线,子树的选择与能否合成根有关,而且要分配一个金币,最终获得最高收益。而且还有物品的限制。

所以,就是一道树形依赖背包题目了。

但是状态不是很好设,因为子树根的装备可能留下,也可能等着合成更高级的装备。

所以状态中必须要记录i根节点的子树,合成多少个i要用于上面的合成

设f[i][j][k]表示,以i为根的子树,合成j个i用于上面的合成,总共花费k元钱,也就是购买叶子花费k元。

转移的时候,

先把每个子树的答案算出来。

回溯到x后,外层枚举l表示合成几个x

然后依次选择每个子树,用树形背包。

注意,这里每个子树都要选择合成至少l*need[y]个,need[x]表示x合成一个父亲所需要的个数。

所以,不能像一般的背包,每个子树都要选择。

用分组背包,g[tot][j]表示,考虑了前tot个子树,花费j元钱,得到的最大力量。(每个子树都满足至少有l*need[y])个

g[tot][j]=max(g[tot-1][j-k]+f[y][l*nd[y]][k])

统计完了之后,

再枚举一个j,表示,l中留下j个合成x上一层的装备。

f[x][j][k]=max(g[tot][k]+(l-j)*P[x])

要注意的是,为了保证用了l*nd[y]个,必须令g,f初值是-inf

0肯定是不行的。那就可能会用少于l*nd[y]的钱就合成了l*nd个,虽然总力量是0,但是也可能是一个最优解。

有的时候,为了转移合法,必须把初值设置为极大或者极小值。

这样,每次的最优解,就必定会从这里出来。

可以顺便dp一下合成每个x所需要的价值,以及x合成的上限,可以减少循环的长度。

Code

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int M=+;
const int N=;
const int inf=0x3f3f3f3f;
int n,m;
int L[N],P[N],C[N];
int nd[N];
bool ba[N];
struct node{
int nxt,to;
}e[*N];
int hd[N],cnt;
void add(int x,int y){
e[++cnt].nxt=hd[x];
e[cnt].to=y;
hd[x]=cnt;
}
void dp(int x){
if(ba[x]){
L[x]=min(L[x],m/C[x]);
return;
}
for(int i=hd[x];i;i=e[i].nxt){
int y=e[i].to;
dp(y);
C[x]+=C[y]*nd[y];
L[x]=min(L[x],L[y]/nd[y]);
}
L[x]=min(L[x],m/C[x]); }
int f[N][][M];
int g[N][M];
int rt;
bool du[N];
void dfs(int x){
if(ba[x]){
for(int l=;l<=L[x];l++){
for(int j=;j<=l;j++){
f[x][j][l*C[x]]=P[x]*(l-j);
}
}
return ;
} for(int i=hd[x];i;i=e[i].nxt){
int y=e[i].to;
dfs(y);
} for(int l=;l<=L[x];l++){
int now=; for(int i=hd[x];i;i=e[i].nxt){
int y=e[i].to;
now++;
memset(g[now],-0x3f,sizeof g[now]);
for(int j=;j<=m;j++){
for(int k=;k<=j;k++){
g[now][j]=max(g[now][j],g[now-][j-k]+f[y][l*nd[y]][k]);
}
} }
for(int h=;h<=l;h++){
for(int k=;k<=m;k++){
if(g[now][k]+(l-h)*P[x]>f[x][h][k]) {
f[x][h][k]=g[now][k]+(l-h)*P[x]; } }
} }
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
char op;int s;
memset(L,inf,sizeof L);
for(int i=;i<=n;i++){
scanf("%d ",&P[i]);
op=getchar();
if(op=='B'){
ba[i]=;//is a leaf
du[i]=;
scanf("%d%d",&C[i],&L[i]);
}
else{
scanf("%d",&s);
int son;
for(int j=;j<=s;j++){
scanf("%d",&son);
scanf("%d",&nd[son]);
du[son]=;
add(i,son);
}
}
} for(int i=;i<=n;i++) if(!du[i]) rt=i; dp(rt); memset(f,-inf,sizeof f);
dfs(rt); int ans=;
for(int j=;j<=L[rt];j++){
for(int k=;k<=m;k++){
ans=max(ans,f[rt][j][k]);
}
}
printf("%d",ans);
return ;
}

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