Portal

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Total Submission(s): 2027    Accepted Submission(s): 998

Problem Description
ZLGG found a magic theory that the bigger banana the bigger banana peel .This important theory can help him make a portal in our universal. Unfortunately, making a pair of portals will cost min{T} energies. T in a path between point V and point U is the length of the longest edge in the path. There may be lots of paths between two points. Now ZLGG owned L energies and he want to know how many kind of path he could make.
 
Input
There are multiple test cases. The first line of input contains three integer N, M and Q (1 < N ≤ 10,000, 0 < M ≤ 50,000, 0 < Q ≤ 10,000). N is the number of points, M is the number of edges and Q is the number of queries. Each of the next M lines contains three integers a, b, and c (1 ≤ a, b ≤ N, 0 ≤ c ≤ 10^8) describing an edge connecting the point a and b with cost c. Each of the following Q lines contain a single integer L (0 ≤ L ≤ 10^8).
 
Output
Output the answer to each query on a separate line.
 
Sample Input
10 10 10
7 2 1
6 8 3
4 5 8
5 8 2
2 8 9
6 4 5
2 1 5
8 10 5
7 3 7
7 8 8
10
6
1
5
9
1
8
2
7
6
 
Sample Output
36
13
1
13
36
1
36
2
16
13
 
Source
 
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分析:
题目意思:
给你一个图,带权,问你两点间的距离小于等于L的点对的数量
 
两点间距离的定义:
两点间所有路径中,最长的边中的最小的边(很多路中的最长的哪些边中的最小值) 注意理解
先将L升序排序,将边按照输入的权值升序排序
原因:比如L1<L2,现在得到L1的答案(两点间的距离小于等于L的点对的数量),现在要知道L2的答案,L2的答案肯定是包含L1的答案的
是L1的答案加上某个值(该值必须是不与前面值有重叠的部分),所以我们先得到小一点的L的答案,然后通过小一点的L的答案求大一点的
L的答案,然后通过L输入的顺序按照顺序输出,这个就是所谓的离线化
然后开始从第一个最小的L开始跑,此时边也是从最小权值的边开始跑的,此代码最神奇的地方在于得到两点间所谓的距离:
原因:因为一开始是按照权值升序排序的,那么此时得到的边是集合中所有边中最大的那个,也就是所有路中最长边的最小值,因为你一开始两个
点是没有连通的,一旦通过此边去连通,那么此时能走的就只有这一条路,你肯定是要经过的,且此边是目前所有边中最长的那条边,所以此边就是
两点间所谓的距离!!!
 
本人很菜,可能没有说清楚,大家可以看看代码,主要是for循环和内部的while循环部分
很难理解,也很奇妙
 
code:
#include<queue>
#include<set>
#include<cstdio>
#include <iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
using namespace std;
#define N 10005
#define M 50005
int pa[N];
int sum[N];
int n,m;
struct node1
{
int id,ans,l;
}query[N];
struct node2
{
int u,v,w;
}edge[M];
bool cmp1(node2 a,node2 b)
{
return a.w<b.w;
}
bool cmp2(node1 a,node1 b)
{
return a.id<b.id;
}
bool cmp3(node1 a,node1 b)
{
return a.l<b.l;
}
void init()
{
for(int i=;i<=n;i++)
{
pa[i]=i;
sum[i]=;//集合内点的数量
}
}
int find_set(int x)
{
if(x!=pa[x])
pa[x]=find_set(pa[x]);
return pa[x];
}
int union_set(int x,int y)
{
int fx=find_set(x);
int fy=find_set(y);
int temp=;
if(fx!=fy)
{
pa[fx]=fy;
temp=sum[fx]*sum[fy];//没有重叠部分的答案就是俩个集合点数量的乘积
sum[fy]+=sum[fx];//合并之后大集合点的数量等于两个小集合点数量之和
}
return temp;//当两点是连通的时候,返回的是0,说明当前L得到的答案就是前面小一点的L的答案
}
int main()
{
int q;
while(~scanf("%d %d %d",&n,&m,&q))
{
init();
for(int i=;i<m;i++)
{
scanf("%d %d %d",&edge[i].u,&edge[i].v,&edge[i].w);
}
for(int i=;i<q;i++)
{
scanf("%d",&query[i].l);
query[i].id=i;//按照L输入顺序输出结果的保证
query[i].ans=;
}
sort(edge,edge+m,cmp1);//边按照权值排序 升序
sort(query,query+q,cmp3);//问询按照L排序 升序
int cnt=;
for(int i=;i<q;i++)
{
while(edge[cnt].w<=query[i].l&&cnt<m)//当前的W就是两点间定义的距离 很神奇!!!
{
int x=edge[cnt].u;
int y=edge[cnt].v; query[i].ans+=union_set(x,y);
cnt++;//cnt一直在++,保证了当前大L算出来的值和前面小一点的L算出来的值是没有重叠部分的
}
if(i>)
query[i].ans+=query[i-].ans;//此时大L的值是前面小L的值加上没有重叠部分的值,前面while循环得到的值是没有重叠部分的值
}
sort(query,query+q,cmp2);//按照L的输入顺序输出结果
for(int i=;i<q;i++)
{
printf("%d\n",query[i].ans);
}
}
return ;
}
/*
题目意思:
给你一个图,带权,问你两点间的距离小于等于L的点对的数量 两点间距离的定义:
两点间所有路径中,最长的边中的最小的边(很多路中的最长的哪些边中的最小值) 注意理解 先将L升序排序,将边按照输入的权值升序排序
原因:比如L1<L2,现在得到L1的答案(两点间的距离小于等于L的点对的数量),现在要知道L2的答案,L2的答案肯定是包含L1的答案的
是L1的答案加上某个值(该值必须是不与前面值有重叠的部分),所以我们先得到小一点的L的答案,然后通过小一点的L的答案求大一点的
L的答案,然后通过L输入的顺序按照顺序输出,这个就是所谓的离线化 然后开始从第一个最小的L开始跑,此时边也是从最小权值的边开始跑的,此代码最神奇的地方在于得到两点间所谓的距离:
原因:因为一开始是按照权值升序排序的,那么此时得到的边是集合中所有边中最大的那个,也就是所有路中最长边的最小值,因为你一开始两个
点是没有连通的,一旦通过此边去连通,那么此时能走的就只有这一条路,你肯定是要经过的,且此边是目前所有边中最长的那条边,所以此边就是
两点间所谓的距离!!! */
 

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