[codevs1105][COJ0183][NOIP2005]过河

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试题描述

在河上有一座独木桥，一只青蛙想沿着独木桥从河的一侧跳到另一侧。在桥上有一些石子，青蛙很讨厌踩在这些石子上。由于桥的长度和青蛙一次跳过的距离都是正整数，我们可以把独木桥上青蛙可能到达的点看成数轴上的一串整点：0，1，……，L（其中L是桥的长度）。坐标为0的点表示桥的起点，坐标为L的点表示桥的终点。青蛙从桥的起点开始，不停的向终点方向跳跃。一次跳跃的距离是S到T之间的任意正整数（包括S,T）。当青蛙跳到或跳过坐标为L的点时，就算青蛙已经跳出了独木桥。
题目给出独木桥的长度L，青蛙跳跃的距离范围S,T，桥上石子的位置。你的任务是确定青蛙要想过河，最少需要踩到的石子数。

输入

输入第一行有一个正整数L（1<=L<=10⁹），表示独木桥的长度。第二行有三个正整数S，T，M，分别表示青蛙一次跳跃的最小距离，最大距离，及桥上石子的个数，其中1<=S<=T<=10，1<=M<=100。第三行有M个不同的正整数分别表示这M个石子在数轴上的位置（数据保证桥的起点和终点处没有石子）。所有相邻的整数之间用一个空格隔开。

输出

输出只包括一个整数，表示青蛙过河最少需要踩到的石子数。

输入示例

输出示例

数据规模及约定

对于30%的数据，L<=10000；
对于全部的数据，L<=10⁹。

题解

L 比较小时，可以直接 dp：设 f(i) 表示到达位置 i 时最少踩过的石子数目。正解与它做法一样，只是发现许多节点是不需要考虑的，所以我们可以忽略它们。暴力找一下 S, T 分别取 1~10 时的最大不可表数，发现只有 71，那么当相邻两个石子间距离超过 71 时，我们就可以将这个距离变成它对 71 取模再加上 2 倍的 71，最后暴力 dp 一下就好了。注意判断 S = T 的情况。

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cctype>
#include <algorithm>
using namespace std;

int read() {
	int x = 0, f = 1; char c = getchar();
	while(!isdigit(c)){ if(c == '-') f = -1; c = getchar(); }
	while(isdigit(c)){ x = x * 10 + c - '0'; c = getchar(); }
	return x * f;
}

#define maxn 27280
int L, S, T, n, A[maxn], f[maxn];
bool has[maxn];

void up(int& a, int b) {
	if(a < 0) a = b;
	else a = min(a, b);
	return ;
}

int main() {
	L = read(); S = read(); T = read(); n = read();
	for(int i = 1; i <= n; i++) A[i] = read();
	sort(A + 1, A + n + 1);

	if(S == T) {
		int cnt = 0;
		for(int i = 1; i <= n; i++) if(A[i] % S == 0) cnt++;
		return printf("%d\n", cnt), 0;
	}

	int p = 0;
	for(int i = 1; i <= n; i++)
		if(A[i] - A[i-1] <= 71) p += A[i] - A[i-1], has[p] = 1;
		else p += (A[i] - A[i-1]) % 71 + 142, has[p] = 1;

	memset(f, -1, sizeof(f));
	f[0] = 0;
	for(int i = 0; i <= p + 1; i++) if(f[i] >= 0)
		for(int j = S; j <= T; j++) {
			int tmp = (i + j <= p + 1) ? i + j : p + 1;
			up(f[tmp], f[i] + has[tmp]);
		}

	printf("%d\n", f[p+1]);

	return 0;
}