4819: [Sdoi2017]新生舞会

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Description

学校组织了一次新生舞会，Cathy作为经验丰富的老学姐，负责为同学们安排舞伴。有n个男生和n个女生参加舞会

买一个男生和一个女生一起跳舞，互为舞伴。Cathy收集了这些同学之间的关系，比如两个人之前认识没计算得出

a[i][j] ，表示第i个男生和第j个女生一起跳舞时他们的喜悦程度。Cathy还需要考虑两个人一起跳舞是否方便，

比如身高体重差别会不会太大，计算得出 b[i][j]，表示第i个男生和第j个女生一起跳舞时的不协调程度。当然，

还需要考虑很多其他问题。Cathy想先用一个程序通过a[i][j]和b[i][j]求出一种方案，再手动对方案进行微调。C

athy找到你，希望你帮她写那个程序。一个方案中有n对舞伴，假设没对舞伴的喜悦程度分别是a'1,a'2,...,a'n，

假设每对舞伴的不协调程度分别是b'1,b'2,...,b'n。令

C=(a'1+a'2+...+a'n)/(b'1+b'2+...+b'n),Cathy希望C值最大。

Input

第一行一个整数n。

接下来n行，每行n个整数，第i行第j个数表示a[i][j]。

接下来n行，每行n个整数，第i行第j个数表示b[i][j]。

1<=n<=100,1<=a[i][j],b[i][j]<=10^4

Output

一行一个数，表示C的最大值。四舍五入保留6位小数，选手输出的小数需要与标准输出相等

Sample Input

3
19 17 16
25 24 23
35 36 31
9 5 6
3 4 2
7 8 9

Sample Output

5.357143

分析

首先是分数规划，然后用费用流判断。

$c=\frac{a_1+a_2+...+a_k}{b_1+b_2+...+b_k}$

二分c，如果c满足条件，那么$a_1+a_2+...+a_k \geq c*(b_1+b_2+...+b_k)$

在转化一下$(a_1-c*b_1)+(a_2-c*b_2)...+(a_k-c*b_k) \geq 0$

那么如果选i,j，他们的贡献就是a[i][j]-c*b[i][j]，建图跑最大费用流即可。

可以把贡献取负，然后跑最小流。

注意要开double的变量

code

 #include<cstdio>

 #include<algorithm>

 #include<cstring>

 using namespace std;

 const int N = ;

 const int INF = 1e9;

 const double eps = 1e-;

 struct Edge{

     int from,to,nxt,cap;double cost;

 }e[];

 int head[N],q[],pre[N];

 bool vis[N];

 int tot = ,n,m,S,T;

 int a[N][N],b[N][N];

 double dis[N];

 void add_edge(int u,int v,int cap,double cost) {

     e[++tot].from = u;e[tot].to = v;e[tot].cap = cap;e[tot].cost = cost;e[tot].nxt = head[u];head[u] = tot;

     e[++tot].from = v;e[tot].to = u;e[tot].cap = ;e[tot].cost = -cost;e[tot].nxt = head[v],head[v] = tot;

 }

 void Clear() {

     tot = ;

     memset(head,,sizeof(head));

 }

 bool spfa() {

     for (int i=; i<=T; ++i)

         dis[i] = INF,vis[i] = false;

     dis[S] = ;vis[S] = true;pre[S] = ;

     int L = ,R = ;

     q[++R] = S;

     while (L <= R) {

         int u = q[L++];

         for (int i=head[u]; i; i=e[i].nxt) {

             int v = e[i].to;

             if (e[i].cap  && dis[v]-(dis[u]+e[i].cost)>=eps) {

                 dis[v] = dis[u] + e[i].cost;

                 pre[v] = i;

                 if (!vis[v]) q[++R] = v,vis[v] = true;

             }

         }

         vis[u] = false;

     }

     if (dis[T] == INF) return false;

     return true;

 }

 double MincostMaxflow() { // 返回double

     double Mincost = ; // double类型

     while (spfa()) {

         int minflow = INF;

         for (int i=T; i!=S; i=e[pre[i]].from)

             minflow = min(minflow,e[pre[i]].cap);

         for (int i=T; i!=S; i=e[pre[i]].from) {

             e[pre[i]].cap -= minflow;

             e[pre[i] ^ ].cap += minflow;

         }

         Mincost += minflow * dis[T];

     }

     return Mincost;

 }

 bool check(double x) {

     Clear();

     for (int i=; i<=n; ++i) add_edge(S,i,,);

     for (int i=; i<=n; ++i) add_edge(i+n,T,,);

     for (int i=; i<=n; ++i)

         for (int j=; j<=n; ++j)

             add_edge(i,j+n,,-(a[i][j]-1.0*x*b[i][j]));

     double ans = MincostMaxflow();

     return ans <= ;

 }

 int main () {

     scanf("%d",&n);

     for (int i=; i<=n; ++i)

         for (int j=; j<=n; ++j)

             scanf("%d",&a[i][j]);

     for (int i=; i<=n; ++i)

         for (int j=; j<=n; ++j)

             scanf("%d",&b[i][j]);

     S = n*+;T = n*+;

     double L = 0.0,R = 10000.0,ans;

     while (R-L >= eps) {

         double mid = (L + R) / ;

         if (check(mid)) ans = mid,L = mid;

         else R = mid;

     }

     printf("%.6lf",ans);

     return ;

 }