BZOJ1076/Luogu2473 奖励关（SCOI2008）状压DP+期望DP

题意：给n(n<=15)种宝物宝物有价值w且每个宝物有一个前置宝物（即你必须先吃过它的所有前置宝物至少一次才能吃该宝物），共有m轮游戏，每一轮会在n种宝物等概率选一个出来，因为宝物价值可正可负你可以选择吃掉或者不吃，问m轮后你能获得的最大价值。

解法：这道题挺有意思的。看到n<=15容易想到用状压DP，于是我的第一想法是因为

但是此题起点是一定的但是终点不一定，所以从终点往回推可能会简单一些，于是设dp[x][S]代表1~x-1轮的状态为S，x~m轮的最大期望为dp[x][S] 。一定要重点注意这个状态的设计，这样设计状态会使得状态转移方程也比较好写：首先是对于每一个dp[i][j]要枚举k代表在此状态下等概率发的牌是第k种宝物

dp[i][j]+=max(dp[i+1][j|(1<<k-1)]+w[k],dp[i+1][j]);  （k在状态j下能吃，选择吃或不吃）

dp[i][j]+=dp[i+1][j]; （k在状态下不能吃，没得选择，肯定不能吃）

加完之后是期望和，那么dp[i][j]/=n;  代表期望。

初始化dp[m+1][]=0 ，答案就是dp[1][0]。

代码如下：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=;
int n,m,w[N];
vector<int> G[N];
double dp[][<<N];  //dp[x][S]代表1~x-1轮的状态为S，x~m轮的最大期望为dp[x][S] 

bool check(int x,int S) {
    for (int i=;i<G[x].size();i++) {
        int y=G[x][i];
        if ((S&(<<(y-)))==) return ;
    }
    return ;
}

int main()
{
    cin>>m>>n;
    for (int i=;i<=n;i++) {
        scanf("%d",&w[i]); int t;
        while (scanf("%d",&t) && t) G[i].push_back(t);
    }

    for (int i=m;i;i--)
        for (int j=;j<(<<n);j++) {
            for (int k=;k<=n;k++)
                if (check(k,j)) dp[i][j]+=max(dp[i+][j|(<<k-)]+w[k],dp[i+][j]);
                else dp[i][j]+=dp[i+][j];
            dp[i][j]/=(double)n;
        }
    printf("%.6lf\n",dp[][]);
    return ;
}