cdq+树状数组套替罪羊树。

cdq归并a,树套树解决b,c.

记住平衡树树根不能暴力清零!!!

// It is made by XZZ
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#define Fname "partial_order"
using namespace std;
#define rep(a,b,c) for(rg int a=b;a<=c;a++)
#define drep(a,b,c) for(rg int a=b;a>=c;a--)
#define erep(a,b) for(rg int a=fir[b];a;a=nxt[a])
#define il inline
#define rg register
#define vd void
typedef long long ll;
il int gi(){
rg int x=0,f=1;rg char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9')f=ch=='-'?-1:f,ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9')x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return x*f;
}
const int maxn=50001;
int n,ans;
struct frog{int a,b,c;};
frog f[maxn];
const double alpha=0.77777777;
class sgt{
public:int rt[maxn],tot;
private:
int ch[maxn*15][2],siz[maxn*15],val[maxn*15],div[maxn];
il vd dfs(const int&x){if(x)dfs(ch[x][0]),div[++div[0]]=x,dfs(ch[x][1]);}
il int divide(int l,int r){
#define mid ((l+r)>>1)
ch[div[mid]][0]=divide(l,mid-1);
ch[div[mid]][1]=divide(mid+1,r);
siz[div[mid]]=r-l+1;
return div[mid];
#undef mid
}
il vd rebuild(int*x){div[0]=0,dfs(*x),*x=divide(1,div[0]);}
il int*_ins(int&x,const int&num){
if(!x){x=++tot;siz[x]=1;val[x]=num;ch[x][0]=ch[x][1]=0;return NULL;}
int*p=_ins(ch[x][num>val[x]],num);
siz[x]=siz[ch[x][0]]+siz[ch[x][1]]+1;
if((siz[x]>>2)*3+2<min(siz[ch[x][0]],siz[ch[x][1]]))p=&x;
return p;
}
public:
sgt(){rep(i,0,n)rt[i]=0;siz[0]=0;}
il vd ins(int root,int num){int*p=_ins(root[rt],num);if(p)rebuild(p);}
il int query(int root,int num){
int ret=0,x=rt[root];
while(x)
if(num<val[x])x=ch[x][0];
else ret+=siz[ch[x][0]]+1,x=ch[x][1];
return ret;
}
};
class bit{
#define lb(o) ((o)&-(o))
public:
sgt s;
il vd update(int pos,int num){while(pos<=n)s.ins(pos,num),pos+=lb(pos);}
il vd query(int pos,int num){while(pos)ans+=s.query(pos,num),pos-=lb(pos);}
il vd hehe(int pos){while(pos<=n)s.rt[pos]=0,pos+=lb(pos);}
#undef lb
};
il vd cdq(int l,int r){
if(l==r)return;
static frog tmp[maxn];
static bit g;
#define mid ((l+r)>>1)
cdq(l,mid),cdq(mid+1,r);
g.s.tot=0;
int _l=l,_r=mid+1,L=mid+1,R=r+1,cnt=l;
while((_l^L)&&(_r^R))
if(f[_l].a<f[_r].a)g.update(f[_l].b,f[_l].c),tmp[cnt++]=f[_l++];
else g.query(f[_r].b,f[_r].c),tmp[cnt++]=f[_r++];
while(_r^R)g.query(f[_r].b,f[_r].c),tmp[cnt++]=f[_r++];
for(rg int i=l;i<_l;++i)g.hehe(f[i].b);
while(_l^L)tmp[cnt++]=f[_l++];
#undef mid
rep(i,l,r)f[i]=tmp[i];
}
int main(){
freopen(Fname".in","r",stdin);
freopen(Fname".out","w",stdout);
n=gi();
rep(i,1,n)f[i].a=gi();
rep(i,1,n)f[i].b=gi();
rep(i,1,n)f[i].c=gi();
cdq(1,n),printf("%d\n",ans);
return 0;
}

cogs2479 偏序 cdq+树套树的更多相关文章

  1. 【Bzoj 3295】 动态逆序对(树套树|CDQ分治)

    [题意] 每次删除一个数,然后问删除前逆序对数. [分析] 没有AC不开心.. 我的树状数组套字母树,应该是爆空间的,空间复杂度O(nlogn^2)啊..哭.. 然后就没有然后了,别人家的树套树是树状 ...

  2. [BZOJ3295][Cqoi2011]动态逆序对 CDQ分治&树套树

    3295: [Cqoi2011]动态逆序对 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MB Description 对于序列A,它的逆序对数定义为满足i<j,且 ...

  3. [Bzoj3262]陌上花开(CDQ分治&&树状数组||树套树)

    题目链接 题目就是赤裸裸的三维偏序,所以用CDQ+树状数组可以比较轻松的解决,但是还是树套树好想QAQ CDQ+树状数组 #include<bits/stdc++.h> using nam ...

  4. 2019南昌网络赛-I. Yukino With Subinterval 线段树套树状数组,CDQ分治

    TMD...这题卡内存卡的真优秀... 所以以后还是别用主席树的写法...不然怎么死的都不知道... 树套树中,主席树方法开权值线段树...会造成空间的浪费...这道题内存卡的很紧... 由于树套树已 ...

  5. BZOJ4170 极光(CDQ分治 或 树套树)

    传送门 BZOJ上的题目没有题面-- [样例输入] 3 5 2 4 3 Query 2 2 Modify 1 3 Query 2 2 Modify 1 2 Query 1 1 [样例输出] 2 3 3 ...

  6. bzoj3110: [Zjoi2013]K大数查询 【cdq分治&树套树】

    模板题,折腾了许久. cqd分治整体二分,感觉像是把询问分到答案上. #include <bits/stdc++.h> #define rep(i, a, b) for (int i = ...

  7. bzoj 3295: [Cqoi2011]动态逆序对(树套树 or CDQ分治)

    Description 对于序列A,它的逆序对数定义为满足i<j,且Ai>Aj的数对(i,j)的个数.给1到n的一个排列,按照某种顺序依次删除m个元素,你的任务是在每次删除一个元素之前统计 ...

  8. bzoj2253纸箱堆叠(动态规划+cdq分治套树状数组)

    Description P 工厂是一个生产纸箱的工厂.纸箱生产线在人工输入三个参数 n p a , 之后,即可自动化生产三边边长为 (a mod P,a^2 mod p,a^3 mod P) (a^4 ...

  9. Codechef-ANCESTOR(树套树/CDQ分治)

    题意: 给定两棵有根树,各有 N 个点.两棵树上的点分别被从 1 到 N 标号.两棵树的根均为标号为 1 的节点. 你的任务非常简单:对于每个 i,找到一个 j(j != i),使得在两棵树中 j 都 ...

随机推荐

  1. 辉光UIView的category

    辉光UIView的category 本人视频教程系类   iOS中CALayer的使用 效果如下: 源码: UIView+GlowView.h 与 UIView+GlowView.m // // UI ...

  2. model.object对象查询过滤、增删改、Q

    vm.objects.all()[:10] #获得前10个对象,不支持负索引 vm.objects.get(name='vmname') vm.objects.filter(name='vmname' ...

  3. UNIX高级环境编程(4)Files And Directories - umask、chmod、文件系统组织结构和链接

    本篇主要介绍文件和文件系统中常用的一些函数,文件系统的组织结构和硬链接.符号链接. 通过对这些知识的了解,可以对Linux文件系统有更为全面的了解.   1 umask函数 之前我们已经了解了每个文件 ...

  4. php 开源项目汇总

    WordPress是最热门的开源个人信息发布系统(Blog)之一,基于PHP+MySQL构建.WordPress提供的功能包括:1.文章发布.分类.归档. 2.提供文章.评论.分类等多种形式的RSS聚 ...

  5. 设计一套砝码要求能称量出1 ~ 100g之间的任意重量,请问至少需要多少个砝码?以及每个砝码各自的重量是多少?

    解析: 1g => 1g 2g => 1g 1g => 1 ~ 2g之间的重量 => 1g 2g => 1 ~ 3g之间的重量 4g => 1g 2g 1g =&g ...

  6. input file实现多选,限制文件上传类型,图片上传前预览功能

    限制上传类型 & 多选:① accept 属性只能与 <input type="file" /> 配合使用.它规定能够通过文件上传进行提交的文件类型. ② mu ...

  7. PHP设计模式系列 - 观察者模式

    观察者模式 观察者设计模式能够更便利创建和查看目标对象状态的对象,并且提供和核心对象非耦合的置顶功能性.观察者设计模式非常常用,在一般复杂的WEB系统中,观察者模式可以帮你减轻代码设计的压力,降低代码 ...

  8. Java 输入输出流总结

    1. 运用BufferedInputStream 读取文件流和BufferedOutputStream写文件流: protected static void writeFile2(String inp ...

  9. [Violet]天使玩偶/SJY摆棋子

    题目 \(KD-tree\)做最近点对的复杂度好像是假的吧,怎么看也看不出来是\(O(\sqrt{n})\)啊 首先\(KD-tree\)长得和平衡树还是很像的,每个节点都存储了一个\(k\)维空间上 ...

  10. hive使用derby的服务模式(可以远程模式)

    hive默认使用的derby的嵌入模式.这个就面临着,无法多个并发hive shell共享的问题. 使用MySQL服务器也可以解决问题,但安装.配置太麻烦了. 可以使用轻量级的derby的c/s服务模 ...