这好像是个暴力?

但是跑的挺快的

我们设\(dp[i][j][k]\)表示在第\(i\)行我们最远染到的位置是\(j\),这一行上一共染了\(k\)次最多能染对多少个格子

理性分析一下啊,每一行最多也就染\(m\)次,这样就能把这一行格子全部都染对

所以这个空间复杂度是\(nm^2\)的

之后考虑一下转移

显然这就是一个非常经典的断点\(dp\)了,转移为

\[dp[i][j][k]=max(dp[i][p][k-1]+max(s_0[p+1,j],s_1[p+1,j]))
\]

\(s_0[p+1,j]\)表示这个区间内有几个\(0\),后面那个也就是我们能够正确覆盖的格子数量

最后用分组背包合并大案就好了

代码

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#define max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))
#define re register
int dp[51][51][51];
int pre[51][51][2];
char S[51][51];
int f[2501];
int n,m,T;
int main()
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&T);
for(re int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%s",S[i]+1);
for(re int j=1;j<=m;j++)
if(S[i][j]=='1') pre[i][j][1]=pre[i][j-1][1]+1,pre[i][j][0]=pre[i][j-1][0];
else pre[i][j][1]=pre[i][j-1][1],pre[i][j][0]=pre[i][j-1][0]+1;
}
for(re int i=1;i<=n;i++)
for(re int j=1;j<=m;j++)
for(re int k=1;k<=j;k++)
for(re int p=0;p<j;p++)
dp[i][j][k]=max(dp[i][j][k],dp[i][p][k-1]+max(pre[i][j][0]-pre[i][p][0],pre[i][j][1]-pre[i][p][1]));
for(re int i=1;i<=n;i++)
for(re int j=T;j>=0;j--)
for(re int k=0;k<=m;k++)
if(j-k>=0) f[j]=max(f[j],f[j-k]+dp[i][m][k]);
printf("%d\n",f[T]);
return 0;
}

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