[luogu2296][寻找道路]

直接赋题目。。。。。

　

题目描述

在有向图G 中，每条边的长度均为1 ，现给定起点和终点，请你在图中找一条从起点到终点的路径，该路径满足以下条件：

1 ．路径上的所有点的出边所指向的点都直接或间接与终点连通。

2 ．在满足条件1 的情况下使路径最短。

注意：图G 中可能存在重边和自环，题目保证终点没有出边。

请你输出符合条件的路径的长度。

输入输出格式

输入格式：

输入文件名为road .in。

第一行有两个用一个空格隔开的整数n 和m ，表示图有n 个点和m 条边。

接下来的m 行每行2 个整数x 、y ，之间用一个空格隔开，表示有一条边从点x 指向点y 。

最后一行有两个用一个空格隔开的整数s 、t ，表示起点为s ，终点为t 。

输出格式：

输出文件名为road .out 。

输出只有一行，包含一个整数，表示满足题目᧿述的最短路径的长度。如果这样的路径不存在，输出- 1 。

输入输出样例

输入样例#1：

3 2
1 2
2 1
1 3

输出样例#1：

-1

输入样例#2：

6 6
1 2
1 3
2 6
2 5
4 5
3 4
1 5

输出样例#2：

3

对于一般的这种没有权值的有向图，一般都会想到跑一边bfs，用一个数组记录花费（比如我）。

然而这道题的不同之处在于

1 ．路径上的所有点的出边所指向的点都直接或间接与终点连通。

如图 按照题目中所述

　　　　2可以到达T，3也可以到达T，但是选择路径时可以选择3，不能选择2。

　　　　原因在于2有一个子节点为1，而1不能到达T，所以不能选择2。

清楚了这个之后，思路基本上就有了（因为我太弱，思路可能不太完美）

1. 首先，存图时，存一个反图，便于后边从t开始的bfs
2. 从t开始bfs一次，找出所有能到达t的点
3. 讲不能到达t的父节点和此节点标记为不能走
4. 最后，从s开始bfs一次，只走能走的点，并用一个数组记录路径长

最后附上代码

 #include<cstdio>
  #include<iostream>
  #include<queue>
  using namespace std;
  queue<int>q1,q2;
  struct node{
      int u,v,nxt;
  }a[],b[];
  int n,m,head1[],head2[],vis1[],s,t,vis2[],vis3[];
 int main()
 {
     scanf("%d%d",&n,&m);
     for(int i=,x,y;i<=m;++i)
     {
         scanf("%d%d",&x,&y);
         if(x!=y)
         {
             a[i].u=x,a[i].v=y,a[i].nxt=head1[x];//用a来存正向图
             head1[x]=i;
             b[i].u=y,b[i].v=x,b[i].nxt=head2[y];//b用来存反向图
             head2[y]=i;
         }

     }
     scanf("%d%d",&s,&t);
     q2.push(t);
     vis2[t]=;
     while(!q2.empty())//从t开始一遍bfs，用vis2记录所有能到达t的点（因为是反图嘛）
     {
         int qq=q2.front();
         q2.pop();
         for(int i=head2[qq];i;i=b[i].nxt)
         {
             int v=b[i].v;
             if(!vis2[v])
             {
                 vis2[v]=;
                 q2.push(v);
             }
         }

     }
     for(int i=;i<=n;++i)
     {
         vis3[i]=;
     }
     for(int i=;i<=m;++i)//将不能到达的节点及其父节点变为不能到达，
     {
         if(!vis2[a[i].v]) vis3[a[i].u]=vis3[a[i].v]=;//用vis3记录（不用vis2是为了防止后效性，即前面的赋值影响后面，导致vis2全变为0）
     }
     q1.push(s);
     vis1[s]=;
     while(!q1.empty())//从s开始一遍bfs，
     {
         int qq=q1.front();
         q1.pop();
         for(int i=head1[qq];i;i=a[i].nxt)
         {
             int v=a[i].v;
             if(v==t)//搜到了t就将其路径长输出
             {
                 printf("%d",vis1[a[i].u]);//因为vis[3]初值为1，所以此处不用+1；
                 return ;
             }
              else if(vis3[v]&&!vis1[v])//只走vis3中标记为能走的点（前边一大堆就是为了找这些点....）
             {
      　　　　　　  vis1[v]=vis1[a[i].u]+;//将每个节点的路径长变为其父节点 路径长+1，因为权值都是1，这也是能用bfs而可以不用dijkstra的原因
                 q1.push(v);
             }
         }
     }
     printf("-1");//如果不能到达就输出-1
     return ;//拜拜。。。。
  }