4627: [BeiJing2016]回转寿司

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Description

酷爱日料的小Z经常光顾学校东门外的回转寿司店。在这里,一盘盘寿司通过传送带依次呈现在小Z眼前。不同的寿
司带给小Z的味觉感受是不一样的,我们定义小Z对每盘寿司都有一个满意度,例如小Z酷爱三文鱼,他对一盘三文
鱼寿司的满意度为10;小Z觉得金枪鱼没有什么味道,他对一盘金枪鱼寿司的满意度只有5;小Z最近看了电影“美
人鱼”,被里面的八爪鱼恶心到了,所以他对一盘八爪鱼刺身的满意度是-100。特别地,小Z是个著名的吃货,他
吃回转寿司有一个习惯,我们称之为“狂吃不止”。具体地讲,当他吃掉传送带上的一盘寿司后,他会毫不犹豫地
吃掉它后面的寿司,直到他不想再吃寿司了为止。今天,小Z再次来到了这家回转寿司店,N盘寿司将依次经过他的
面前,其中,小Z对第i盘寿司的满意度为Ai。小Z可以选择从哪盘寿司开始吃,也可以选择吃到哪盘寿司为止,他
想知道共有多少种不同的选择,使得他的满意度之和不低于L,且不高于R。注意,虽然这是回转寿司,但是我们不
认为这是一个环上的问题,而是一条线上的问题。即,小Z能吃到的是输入序列的一个连续子序列;最后一盘转走
之后,第一盘并不会再出现一次。

Input

第一行包含三个整数N,L和R,分别表示寿司盘数,满意度的下限和上限。
第二行包含N个整数Ai,表示小Z对寿司的满意度。
N≤100000,|Ai|≤100000,0≤L, R≤10^9

Output

仅一行,包含一个整数,表示共有多少种选择可以使得小Z的满意度之和
不低于L且不高于R。

Sample Input

5 5 9
1 2 3 4 5

Sample Output

6
第一次这样写,由题目可以推出公式   sum(r)-R<=sum(l-1)<=sum(r)-L  //[l,r]是一个满足条件的区间
只要计算当前前缀和之前满足条件的前缀和个数,累加起来就是答案。
我们想到利用线段树,每次让对应的前缀和加1,然后统计一下在满足条件下的前缀和总个数,可这个值最大1e10,不可能开出四倍这个空间,
但是N最大10w,不同的数并不会出现那么多,我们利用一种动态的思想,当用到某个数的时候在给他分配节点,这样用不到的数的空间就被节约下来了。
这样的话节点就要保存左右儿子的id值才能准确的访问左右儿子,其他和线段树差不多。
 #include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define LL long long
#define MAX 100005
#define M ((L+R)>>1)
const LL inf=;
LL pre[MAX];
int total_node=,root=;
int child[MAX*][];
LL sum[MAX*];
void irt(LL L,LL R,int id,LL x)
{
sum[id]++;
if(L==R){return;}
if(x<=M){
if(child[id][]==) child[id][]=++total_node;
irt(L,M,child[id][],x);
}
else{
if(child[id][]==) child[id][]=++total_node;
irt(M+,R,child[id][],x);
}
}
LL ask(LL L,LL R,int id,LL l,LL r)
{
if(L>=l&&R<=r) return sum[id];
LL s=;
if(l<=M&&child[id][]) s+=ask(L,M,child[id][],l,r);
if(r>M&&child[id][]) s+=ask(M+,R,child[id][],l,r);
return s;
}
int main()
{
freopen("in.txt","r",stdin);
int N,m,i,j,k;
LL Li,Ri,ai;
scanf("%d%lld%lld",&N,&Li,&Ri);
for(i=;i<=N;++i){
scanf("%lld",&ai);
pre[i]=pre[i-]+ai;
}
LL ans=;
irt(-inf,inf,root,);
for(i=;i<=N;++i)
{
ans+=ask(-inf,inf,root,pre[i]-Ri,pre[i]-Li);;
irt(-inf,inf,root,pre[i]);
}
cout<<ans<<endl;
return ;
}

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