P1979 华容道

题目描述

【问题描述】

小 B 最近迷上了华容道,可是他总是要花很长的时间才能完成一次。于是,他想到用编程来完成华容道:给定一种局面, 华容道是否根本就无法完成,如果能完成, 最少需要多少时间。

小 B 玩的华容道与经典的华容道游戏略有不同,游戏规则是这样的:

  1. 在一个 n*m 棋盘上有 n*m 个格子,其中有且只有一个格子是空白的,其余 n*m-1个格子上每个格子上有一个棋子,每个棋子的大小都是 1*1 的;

  2. 有些棋子是固定的,有些棋子则是可以移动的;

  3. 任何与空白的格子相邻(有公共的边)的格子上的棋子都可以移动到空白格子上。

游戏的目的是把某个指定位置可以活动的棋子移动到目标位置。

给定一个棋盘,游戏可以玩 q 次,当然,每次棋盘上固定的格子是不会变的, 但是棋盘上空白的格子的初始位置、 指定的可移动的棋子的初始位置和目标位置却可能不同。第 i 次

玩的时候, 空白的格子在第 EXi 行第 EYi 列,指定的可移动棋子的初始位置为第 SXi 行第 SYi列,目标位置为第 TXi 行第 TYi 列。

假设小 B 每秒钟能进行一次移动棋子的操作,而其他操作的时间都可以忽略不计。请你告诉小 B 每一次游戏所需要的最少时间,或者告诉他不可能完成游戏。

输入输出格式

输入格式:

输入文件为 puzzle.in。

第一行有 3 个整数,每两个整数之间用一个空格隔开,依次表示 n、m 和 q;

接下来的 n 行描述一个 n*m 的棋盘,每行有 m 个整数,每两个整数之间用一个空格隔开,每个整数描述棋盘上一个格子的状态,0 表示该格子上的棋子是固定的,1 表示该格子上的棋子可以移动或者该格子是空白的。接下来的 q 行,每行包含 6 个整数依次是 EXi、EYi、SXi、SYi、TXi、TYi,每两个整数之间用一个空格隔开,表示每次游戏空白格子的位置,指定棋子的初始位置和目标位置。

输出格式:

输出文件名为 puzzle.out。

输出有 q 行,每行包含 1 个整数,表示每次游戏所需要的最少时间,如果某次游戏无法完成目标则输出−1。

输入输出样例

输入样例#1: 复制

3 4 2
0 1 1 1
0 1 1 0
0 1 0 0
3 2 1 2 2 2
1 2 2 2 3 2
输出样例#1: 复制

2
-1

说明

【输入输出样例说明】

棋盘上划叉的格子是固定的,红色格子是目标位置,圆圈表示棋子,其中绿色圆圈表示目标棋子。

  1. 第一次游戏,空白格子的初始位置是 (3, 2)(图中空白所示),游戏的目标是将初始位置在(1, 2)上的棋子(图中绿色圆圈所代表的棋子)移动到目标位置(2, 2)(图中红色的格子)上。

移动过程如下:

  1. 第二次游戏,空白格子的初始位置是(1, 2)(图中空白所示),游戏的目标是将初始位置在(2, 2)上的棋子(图中绿色圆圈所示)移动到目标位置 (3, 2)上。

要将指定块移入目标位置,必须先将空白块移入目标位置,空白块要移动到目标位置,必然是从位置(2, 2)上与当前图中目标位置上的棋子交换位置,之后能与空白块交换位置的只有当前图中目标位置上的那个棋子,因此目标棋子永远无法走到它的目标位置, 游戏无

法完成。

【数据范围】

对于 30%的数据,1 ≤ n, m ≤ 10,q = 1;

对于 60%的数据,1 ≤ n, m ≤ 30,q ≤ 10;

对于 100%的数据,1 ≤ n, m ≤ 30,q ≤ 500。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
using namespace std;
int n,m,q,map[][];
int ex,ey,sx,sy,tx,ty;
int e[][]={{,},{,-},{,},{-,}};
bool vis[][][][];
struct node{int x0,y0,x1,y1,step;}cur,nxt;
node make_node(int a,int b,int c,int d,int step){
node res;
res.x0=a;res.y0=b;res.x1=c;res.y1=d;res.step=step;
return res;
}
void bfs(){
queue<node>q;
q.push(make_node(ex,ey,sx,sy,));
while(!q.empty()){
cur=q.front();q.pop();
if(cur.x1==tx&&cur.y1==ty){printf("%d\n",cur.step);return;}
for(int i=;i<;i++){
int xx=cur.x0+e[i][],yy=cur.y0+e[i][];
if(map[xx][yy]==||xx<||xx>n||yy<||yy>m)continue;
if(xx==cur.x1&&yy==cur.y1){
nxt.x1=cur.x0;nxt.y1=cur.y0;
nxt.x0=xx;nxt.y0=yy;nxt.step=cur.step+;
}
else nxt=make_node(xx,yy,cur.x1,cur.y1,cur.step+);
if(!vis[nxt.x0][nxt.y0][nxt.x1][nxt.y1]){
vis[nxt.x0][nxt.y0][nxt.x1][nxt.y1]=;
if(nxt.x1==tx&&nxt.y1==ty){printf("%d\n",nxt.step);return;}
q.push(nxt);
}
}
}
puts("-1");
}
int main(){
freopen("Cola.txt","r",stdin);
scanf("%d%d%d",&n,&m,&q);
for(int i=;i<=n;i++)for(int j=;j<=m;j++)scanf("%d",&map[i][j]);
while(q--){
scanf("%d%d%d%d%d%d",&ex,&ey,&sx,&sy,&tx,&ty);
memset(vis,,sizeof(vis));
vis[ex][ey][sx][sy]=;
bfs();
}
}

70分 bfs

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