计蒜客 UCloud 的安全秘钥（困难）（哈希）

UCloud 的安全秘钥（困难）

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每个 UCloud 用户会构造一个由数字序列组成的秘钥，用于对服务器进行各种操作。作为一家安全可信的云计算平台，秘钥的安全性至关重要。因此，UCloud 每年会对用户的秘钥进行安全性评估，具体的评估方法如下：

首先，定义两个由数字序列组成的秘钥 aa 和 bb 近似匹配（\approx≈）的关系。aa 和 bb 近似匹配当且仅当同时满足以下两个条件：

|a|=|b|∣a∣=∣b∣，即 aa 串和 bb 串长度相等。
对于每种数字 cc，cc 在 aa 中出现的次数等于 cc 在 bb 中出现的次数。

此时，我们就称 aa 和 bb 近似匹配，即 a \approx ba≈b。例如，(1,3,1,1,2)\approx(2,1,3,1,1)(1,3,1,1,2)≈(2,1,3,1,1)。

UCloud 每年会收集若干不安全秘钥，这些秘钥组成了不安全秘钥集合 TT。对于一个秘钥 ss 和集合 TT 中的秘钥 tt来说，它们的相似值定义为：ss 的所有连续子串中与 tt 近似匹配的个数。相似值越高，说明秘钥 ss 越不安全。对于不安全秘钥集合 TT 中的每个秘钥 tt，你需要输出它和秘钥 ss 的相似值，用来对用户秘钥的安全性进行分析。

输入格式

第一行包含一个正整数 nn，表示 ss 串的长度。

第二行包含 nn 个正整数 s_1,s_2,...,s_n(1\leq s_i\leq n)s1,s2,...,sn(1≤si≤n)，表示 ss 串。

接下来一行包含一个正整数 mm，表示询问的个数。

接下来 mm 个部分：

每个部分第一行包含一个正整数 k(1\leq k\leq n)k(1≤k≤n)，表示每个 tt 串的长度。

每个部分第二行包含 kk 个正整数 t_1,t_2,...,t_k(1\leq t_i\leq n)t1,t2,...,tk(1≤ti≤n)，表示 TT 中的一个串 tt。

输入数据保证 TT 中所有串长度之和不超过 200000200000。

对于简单版本：1\leq n,m\leq 1001≤n,m≤100；

对于中等版本：1\leq n\leq 50000,1\leq m\leq 5001≤n≤50000,1≤m≤500；

对于困难版本：1 \le n \le 50000, 1 \le m \le 1000001≤n≤50000,1≤m≤100000。

输出格式

输出 mm 行，每行一个整数，即与 TT 中每个串 tt 近似匹配的 ss 的子串数量。

样例解释

对于第一个询问，(3,2,1,3)\approx(2,3,1,3)(3,2,1,3)≈(2,3,1,3)，(3,2,1,3)\approx(3,1,3,2)(3,2,1,3)≈(3,1,3,2)；

对于第二个询问，(1,3)\approx(3,1)(1,3)≈(3,1)，(1,3)\approx(1,3)(1,3)≈(1,3)；

对于第三个询问，(3,2)\approx(2,3)(3,2)≈(2,3)，(3,2)\approx(3,2)(3,2)≈(3,2)。

样例输入

样例输出

2

2

2
【分析】给你一个原始数组，数组里每个数都<=n;然后K次询问，每次询问给出一个新的数组，问你原始数组中有多少连续子串是给定数组的
 一种重新排列。
 对于中等难度的，可以双指针搞一下，但是对于困难的就不会了，看了题解才知道...对于询问给定的数组的总长最大为2000000，而每次给
 定的数组最长为50000.也就是说对于一个数组的长度m，不同的m的种数最多才650种。那么我们可以离线，将同种长度的存在一起。然后将
 原始的数组的各种长度的m的哈希值算出来，然后排个序，对于此长度的询问的数组就可以根据哈希值二分来统计答案了。那么现在的问题是
 怎么哈希...看了题解才知道后还有这种哈希的姿势，给每个数随机一个16位的数，就是ull rand()*rand()...学习到新知识了。

#include <bits/stdc++.h>

#define mp make_pair

#define pb push_back

#define met(a,b) memset(a,b,sizeof a)

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef unsigned long long ull;

typedef pair<int,int>pii;

const int N = 2e5+;

const int mod = 1e9+;

int n,m,k,u;

int a[N];

int b[N],ans[N];

ll has[N];

ull sum[N];

vector<pair<ull,int> >vec[N];

vector<int>c;

vector<ull>q;

int main()

{

    scanf("%d",&n);

    for(int i=;i<=n;i++)has[i]=(ull)rand()*rand();

    for(int i=; i<=n; i++){

        scanf("%d",&a[i]);

        sum[i]=sum[i-]+has[a[i]];

    }

    scanf("%d",&k);

    for(int i=;i<=k;i++){

        scanf("%d",&m);

        if(!b[m])c.pb(m),b[m]=;

        ull  s=;

        for(int i=; i<=m; i++){

            scanf("%d",&u);

            s+=has[u];

        }

        vec[m].pb(mp(s,i));

    }

    for(int x:c){

        if(x>n){

            for(pair<ull,int> p : vec[x]){

                int id = p.second;

                ans[id]=;

            }

        }

        else {

            ull  s=;

            q.clear();

            for(int l=,r=;r<=n;r++){

                s+=has[a[r]];

                if(r-l+==x){

                    q.pb(s);

                    s-=has[a[l++]];

                }

            }

            sort(q.begin(),q.end());

            for(pair<ull,int> p : vec[x]){

                int id = p.second;

                ull s = p.first;

                ans[id]=upper_bound(q.begin(),q.end(),s)-lower_bound(q.begin(),q.end(),s);

            }

        }

    }

    for(int i=;i<=k;i++){

        printf("%d\n",ans[i]);

    }

    return ;

}