Blue：贪心，单调队列

考场上什么都没想。

显然在扯淡了，应该说是刚开始想了一些没用的。

有决策单调性，所以二分答案？

好，那就二分答案。想想怎么检查每只蛤能不能都跳到终点？

那么每只蛤都不能掉队啊。

如果你现在遇到了一个石头，你就会优先让最落后的那只蛤跳过来蛤。（因为都不能掉队啊）

如果它离的太远跳不过来了，那么这只蛤就永远地掉队了。

嗯，这个想法还是比较简单的吧。

然后我们可以发现这个思路貌似是普适的。我们现在去掉二分答案。

所以现在问题不再是检查是否都不掉队，而是直接询问有多少个蛤能过去。

继续上面的思路，让最落后的蛤尝试跳过来，跳不过来就放弃它去让第二落后的蛤来。

然后有了这个思路就可以愉快的AC了。

当然我们需要证明（我没看题解，我自己口胡蛤）

对于任意多的蛤，分别标号为1234...，按照它们目前所在的位置排序

那么现在突然出现了一个石头用0表示：1234...0

现在要用蛤来跳，按照刚才的策略你会让1跳得到234...1

其它决策无非就2种，

一种是这块石头所有蛤都无视它：这一定不优，如果你要忽视它还要跳到后面，那么你在这里歇一下脚再往后跳当然不会变差啦

另一种就是让不是最落后的蛤跳到上面：你会得到12x4...3之类的（x表示被踩沉了的石头）

相较于最优决策，区别就是有一只还在原来的最落后位置，而最优决策下有一只蛤更靠前了一点（至少不再是那个最落后位置了）

而还在最落后位置上的那只蛤可能从此就掉队了，故这个决策不优。

所以维护一个队列，表示目前还没有被放弃的蛤的位置。

枚举每块石头，让队首的蛤不能跳就放弃，能跳就跳，把它从队首改变位置放到队尾。

因为石头已经排序，所以加入队尾的元素一定是递增的，所以队列自带单调。

所有的石头都跳完之后，队列里的蛤不能跳到终点的就放弃。

最后队列里有几个蛤就是几啦。

多测清空！蛤的初始位置重置为0！

 #include<bits/stdc++.h>
 using namespace std;
 int n,m,d,l,x[],q[],t,h,T;
 int main(){//freopen("blue.in","r",stdin);
     scanf("%d",&T);
     while(T--){
         scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&d,&l);
         for(int i=;i<=n;++i)scanf("%d",&x[i]);
         h=;t=m;for(int i=;i<=m;++i)q[i]=;
         for(int i=;i<=n;++i){
             while(q[h]+d<x[i]&&h<=t)++h;
             ++h;q[++t]=x[i];
         }
         while(q[h]+d<l&&h<=t)h++;
         if(t-h==m-)puts("Excited");
         else printf("%d\n",t-h+);
     }
 }

代码复杂度：462B