先按时间排序( 开始结束都可以 ) , 然后 dp( i ) = max( dp( i ) , dp( j ) + 1 ) ( j < i && 节日 j 结束时间在节日 i 开始时间之前 ) answer = max( dp( i ) ) ( 1 <= i <= n ) -------------------------------------------------------------------------------- #include<cstdio&g…

把长度转成右端点,按右端点排升序,f[i]=max(f[j]&&r[j]<l[i]),因为r是有序的,所以可以直接二分出能转移的区间(1,w),然后用树状数组维护区间f的max,每次转移的时候直接从树状数组上查询前缀max即可,然后把更新出来的f[i]update进树状数组 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; const int N…

1664: [Usaco2006 Open]County Fair Events 参加节日庆祝 Time Limit: 5 Sec  Memory Limit: 64 MBSubmit: 255  Solved: 185[Submit][Status][Discuss] Description Farmer John has returned to the County Fair so he can attend the special events (concerts, rodeos, coo…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1664 和之前的那题一样啊.. 只不过权值变为了1.. 同样用线段树维护区间,然后在区间范围内dp. upd:(其实权值为1的可以直接贪心....右端点来就行了... #include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <string> #include <iostream>…

Description Farmer John has returned to the County Fair so he can attend the special events (concerts, rodeos, cooking shows, etc.). He wants to attend as many of the N (1 <= N <= 10,000) special events as he possibly can. He's rented a bicycle so h…

Description Farmer John has returned to the County Fair so he can attend the special events (concerts, rodeos, cooking shows, etc.). He wants to attend as many of the N (1 <= N <= 10,000) special events as he possibly can. He's rented a bicycle so h…

将区间按左端点排序. f(i)=max{f(j)+1}(p[j].x+p[j].y<=p[i].x && j<i) #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int n,f[10001]; struct Point{int x,y;}p[10001]; bool operator < (const Point &a,const Point &b){return…

题目链接:BZOJ - 1218 题目分析 可以覆盖一个边长为 R 的正方形,但是不能包括边界,所以等价于一个边长为 R - 1 的正方形. 坐标范围 <= 5000 ,直接 n^2 的二维前缀和,枚举每一个边长为 R - 1 的正方形就 AC 了 = = 但是,尽管 O(n^2) 的算法能水过,lct1999 神犇仍然坚持要写 O(n logn) 算法虐掉这道题,于是我 Orz 他也学着写了一下. 在神犇的讲解下,我写了这个算法: 首先将 n 个点按照 x 坐标排序,用一条竖直的扫描线,从左到…

题目链接:BZOJ - 3207 题目分析 先使用Hash,把每个长度为 k 的序列转为一个整数,然后题目就转化为了询问某个区间内有没有整数 x . 这一步可以使用可持久化线段树来做,虽然感觉可以有更简单的做法,但是我没有什么想法... 代码 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstdlib> #include <algorithm> #include <cstring> #inclu…

BZOJ UOJ 首先不考虑奇怪方格的限制,就是类似最大权闭合子图一样建图. 对于奇怪方格的影响,显然可以建一条边\((i\to x,p_i)\),然后由\(x\)向\(1\sim i-1\)中权值在\([l_i,r_i]\)中的点所有点连\(INF\)边. 但是\(O(n^2)\)条边显然要GG.容易想到用线段树优化. 每次都是向前缀所有的点连边,所以可以离散化后用可持久化线段树连边. 另外其实也不需要拆点,直接连即可. //15336kb 500ms #include <cstdio> #…

BZOJ 3673 BZOJ 3674(加强版) 如果每次操作最多只修改一个点的fa[],那么我们可以借助可持久化线段树来O(logn)做到.如果不考虑找fa[]的过程,时空复杂度都是O(logn). 想要这样就不能加路径压缩,否则要对路径上的点都要改,最好时空复杂度是O(log^2n),但是空间会炸. 合并集合时按秩合并,这样暴力找fa[]的复杂度为O(logn). 再加上线段树就是O(log^2n).(当然空间是O(mlogn)) 具体:可持久化线段树每个叶子节点储存其fa[x].每次按秩合…

先按照结束时间进行排序,取第一个节日的结束时间作为当前时间,然后从第二个节日开始搜索,如果下一个节日的开始时间大于当前的时间,那么就参加这个节日,并更新当前时间 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int maxn = 1e4+5; struct node { int be, ed; // 开始时间和结束时间 }nds[maxn]; bool cmp(node x, node y)…

压一维状态,转移时把符合条件的上一行加上 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; const int N=5005,mod=1e9; int m,n,x,a[20],st[N],k,f[20][N],ans; int main() { scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++)…

http://www.lydsy.com:808/JudgeOnline/problem.php?id=3038 这题我就有得吐槽了,先是线段树更新写错,然后不知哪没pushup导致te,精度问题sqrt没有开ll又wa,最终..才acTAT,我容易吗我?第一次a后我测试了,还真是sqrt精度和flag问题TAT 这题更新sqrt暴力更新就行了,只需要注意,当sum=1或sum=0时就不必向下更新了,,这是一个小小的优化 #include <cstdio> #include <cstri…

2482: [Spoj1557] Can you answer these queries II Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 145  Solved: 76[Submit][Status][Discuss] Description 给定n个元素的序列. 给出m个询问:求l[i]~r[i]的最大子段和(可选空子段). 这个最大子段和有点特殊:一个数字在一段中出现了两次只算一次. 比如:1,2,3,2,2,2出现了3次,但只算一次,…

大sz的游戏 Time Limit: 50 Sec  Memory Limit: 357 MBSubmit: 536  Solved: 143[Submit][Status][Discuss] Description 大sz最近在玩一个由星球大战改编的游戏.话说绝地武士当前共控制了N个星球.但是,西斯正在暗处悄悄地准备他们的复仇计划.绝地评议会也感觉到了这件事.于是,准备加派绝地武士到各星球防止西斯的突袭.一个星球受到攻击以后,会尽快通知到总基地.需要的时间越长的星球就需要越多绝地武士来防御.为…

https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=5017 暴力: 对于每一个炸弹,枚举所有的炸弹,看它爆炸能不能引爆那个炸弹 如果能,由这个炸弹向引爆的炸弹连单向边 tarjan所点后拓扑排序 在拓扑图上倒着统计答案 可以得到一个炸弹能引爆的编号最小mi和最大的炸弹mx,mx-mi+1就是先引爆这个炸弹一共能引爆的炸弹数 优化: 一个炸弹一定是向一段区间连边 所以用线段树优化,这样向一个区间连边就变成了向一个点连边 注意存边的空间一定要开的足够大…

题意 这一天,\(\mathrm{Konano}\) 接到了一个任务,他需要给正在制作中的游戏 \(\mathrm{<IIIDX>}\) 安排曲目 的解锁顺序.游戏内共有\(n\) 首曲目,每首曲目都会有一个难度 \(d\) ,游戏内第 \(i\) 首曲目会在玩家 Pass 第 \(\lfloor \frac{i}{k} \rfloor\) 首曲目后解锁( \(\lfloor x \rfloor\) 为下取整符号)若 \(\lfloor \frac{i}{k} \rfloor = 0\) ,则…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1645 这题的方法很奇妙啊...一开始我打了一个“离散”后的线段树.............果然爆了..(因为压根没离散) 这题我们可以画图知道,每2个点都有一个区间,而这个区间的高度是一样的,因此,我们只需要找相邻的两个点,用他们的距离×这个区间的高度就是这块矩形的面积. 将所有这样的矩形累计起来就是答案了. 因此线段树就离散到了O(n)的大小..真神.. 只需要维护点的位置,然后维护区间最值即可…

[Lydsy2017省队十连测]公路建设 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 93  Solved: 53[Submit][Status][Discuss] Description 在Byteland一共有n个城市,编号依次为1到n,它们之间计划修建m条双向道路,其中修建第i条道路的费用为ci.B yteasar作为Byteland公路建设项目的总工程师,他决定选定一个区间[l,r],仅使用编号在该区间内的道路.他希 望选择一些道路去修…

1095: [ZJOI2007]Hide 捉迷藏 Description 捉迷藏 Jiajia和Wind是一对恩爱的夫妻,并且他们有很多孩子.某天,Jiajia.Wind和孩子们决定在家里玩捉迷藏游戏.他们的家很大且构造很奇特,由N个屋子和N-1条双向走廊组成,这N-1条走廊的分布使得任意两个屋子都互相可达.游戏是这样进行的,孩子们负责躲藏,Jiajia负责找,而Wind负责操纵这N个屋子的灯.在起初的时候,所有的灯都没有被打开.每一次,孩子们只会躲藏在没有开灯的房间中,但是为了增加刺激性,孩子…

题目链接 第一种方法,dfs序上建可持久化线段树,然后询问的时候把两点之间的所有树链扒出来做差. #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; ,inf=0x3f3f3f3f; ],rs[N*],val[N*],tot2,a[N],b[N],ql[],qr[],nl,nr; ]; void addedge(int u,int v) {e[ne]= {v,hd[u]},hd[u]=ne++;} void df…

题目大意: http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3439 题解: 首先我们发现这道题要查的是后缀不是前缀. 如果查前缀就可以迅速查找到字符串了不是吗hhhhh. 所以我们把所有的串倒过来 然后在每个节点上维护一颗线段树储存以它为根的子树中结尾的字符串的编号支持查找k大即可. 他们说这会T,但我跑的挺快的. #include <vector> #include <cstdio> #include <cstring>…

既然有了可持久化数组,就有可持久化并查集.. 由于上课讲过说是只能按秩合并(但是我也不确定...),所以就先写了按秩合并,相当于是维护fa[]和rk[] getf就是在这棵树中找,直到找到一个点的fa[x]==x 之所以这种写法不能路径压缩,个人理解是因为路径压缩会破坏原先的结构...反正我魔改改错了...先咕着路径压缩qwq 下面是加强版的代码...只有按秩合并 #include<cstdio> #include<iostream> #define R register int…

题目大意 有一棵点数为 N 的树,以点 1 为根,且树点有边权.然后有 M 个 操作,分为三种: 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子树中所有点的点权都增加 a . 操作 3 :询问某个节点 x 到根的路径中所有点的点权和. 分析 真就是一见到这类题就得先写一次,发现错,再写一次 想清楚再写行不 -.- 方法1:树剖 方法2:入栈出栈序 入栈+,出栈 - 一个点x到根路径和,就是sum[1,in[x]] 如何区间修改呢 线段树上记录区间中 +的个数…

因为我很愚蠢所以用了很愚蠢的O(nlogn)的manacher+线段树做法 就是开两个线段树mn和mx分别表示左端点在i的最长回文子串和右端点在i的最长回文子串 用manacher求出每个点的最长回文子串,然后对于一组(i,f[i])(这里的i是加完#之后的串),我们考虑对原串贡献是对于中点右边一段回文串上点x的mn贡献i-2x+1,x最后加就变成在线段树上贡献i+1,然后同理对左边一段贡献2x-i+1,在线段树上贡献-i+1,注意这里要分一下奇偶还有仔细算一下边界 然后枚举断点,在线段树上查,…

要求区间取min和max,可以用st表或线段树维护 st表 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; const int N=100005; int n,q,b[N],mn[N][20],mx[N][20]; int read() { int r=0,f=1; char p=getchar(); while(p>'9'||p<'0') { if(p=='-') f=-1; p=getchar();…

--因为T点忘记还要+n所以选小了所以WA了一次 注意!题目中所给的时间是一边闭一边开的区间,所以读进来之后先l++(或者r--也行) 线段树优化建图,很神.(我记得还有个主席树优化建树的?)首先考虑暴力建图:s向每个强盗i连(s,i,1,c[i]),每个时间j向t连(j,t,1,0),每个强盗向所有他的时间j连边(i,j,1,0),然而这样显然是会TLE的. 所以考虑向区间连边,建一颗线段树,每个区间向它的两个子节点连费用0流量inf的边,叶节点向t(注意开大!)连费用0流量1的边限制"你在每…

考虑每头牛到达之后的影响,u到达之后,从1到其子树内的点需要放慢的都多了一个,p为u子树内点的牛ans会加1 用线段树维护dfs序,每次修改子树区间,答案直接单点查询p即可 #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; const int N=100005; int n,p[N],h[N],cnt,in[N],out[N],tot; struct qwe { int ne,to; }e[N<<1]; s…

烁烁的游戏 题目大意: 给你一棵$n$个节点的树,有$m$次操作,询问某个节点的权值,或者将与某个点$x$距离不超过$d$的所有节点的权值都增加$w$ 动态点分裸题 每个节点开一棵权值线段树 对于修改操作,它从$x$开始,像一个涟漪扩散,对它周围与它距离$\leq d$的所有节点造成$w$点贡献 为了记录这个操作的贡献,我们寻找树分治每一层中 包含这个节点的那个点分树的重心$root$ 在$root$处记录贡献,开一棵动态开点权值线段树,记录与这个节点距离为$d$的贡献总和,显然在$root$周…