A Dicey Problem Time Limit: 1000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 832   Accepted: 278 Description The three-by-three array in Figure 1 is a maze. A standard six-sided die is needed to traverse the maze (the layout of a standard six-sided d…

POJ 2826 An Easy Problem?! -- 思路来自kuangbin博客 下面三种情况比较特殊,特别是第三种 G++怎么交都是WA,同样的代码C++A了 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <cmath> using namespace std; const double eps = 1e-8;…

UVA 810 - A Dicey Problem 题目链接 题意:一个骰子,给你顶面和前面.在一个起点,每次能移动到周围4格,为-1,或顶面和该位置数字一样,那么问题来了,骰子能不能走一圈回到原地,输出路径,要求最短,假设有多个最短,依照上下左右输出 思路:读懂题就是水题,就记忆化搜一下就可以,记录状态为位置和骰子顶面.正面(由于有两面就能确定骰子了) 代码: #include <cstdio> #include <cstring> #include <vector>…

题目大意:滚骰子游戏,骰子的上面的点数跟方格中的数相同时或格子中的数是-1时能把格子滚过去,找一条从起点滚到起点的路径. 题目大意:简单BFS,状态转移时细心一些即可. 代码如下; # include<iostream> # include<cstdio> # include<map> # include<string> # include<queue> # include<cstring> # include<algorith…

POJ.3468 A Simple Problem with Integers(线段树 区间更新 区间查询) 题意分析 注意一下懒惰标记,数据部分和更新时的数字都要是long long ,别的没什么大坑. 代码总览 #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #define nmax 200000 using namespace std; struct Tree{ int l,r; long lon…

题意:你有N个整数,A1,A2,-,一个.你须要处理两种类型的操作.一种类型的操作是加入了一些给定的数字,每一个数字在一个给定的时间间隔. 还有一种是在给定的时间间隔要求数量的总和. 难点:主要是lazy标记,不好弄懂, 事实上lazy标记就是当前改变的值不所有更新.等到用的时候再更新,这样就节省了好多时间. 题目链接:id=3468">http://poj.org/problem?id=3468 代码: #include<stdio.h> #include<string…

POJ 3468.A Simple Problem with Integers 这个题就是成段的增减以及区间查询求和操作. 代码: #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<cstdlib> #include<algorithm> #include<queue> #include<map> usi…

题目:id=3468" target="_blank">poj 3468 A Simple Problem with Integers 题意:给出n个数.两种操作 1:l -- r 上的全部值加一个值val 2:求l---r 区间上的和 分析:线段树成段更新,成段求和 树中的每一个点设两个变量sum 和 num ,分别保存区间 l--r 的和 和l---r 每一个值要加的值 对于更新操作:对于要更新到的区间上面的区间,直接进行操作 加上 (r - l +1)* val…

题目链接:POJ 1152 An Easy Problem! 题意:求一个N进制的数R.保证R能被(N-1)整除时最小的N. 第一反应是暴力.N的大小0到62.发现当中将N进制话成10进制时,数据会溢出. 这里有个整除,即(N-1)取模为0. 样例:a1a2a3表示一个N进制的数R.化成10进制: (a1*N*N+a2*N+a3)%(N-1)==((a1*N*N)%(N-1)+(a2*N)%(N-1)+(a3)%(N-1))%(N-1)==(a1+a2+a3)%(N-1). 这样防止了数据的溢出…

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