题解

真真正正是个码农题,不过很套路,熟练就打得很快,不过要用点维护边的信息在 \(\text{LCA}\) 出要注意,不能处理此点的信息

\(Code\)

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
using namespace std; const int N = 2e5 + 5;
int n, m, h[N]; struct edge{int to, nxt, w, id;}e[N << 1];
inline void add(int u, int v, int w, int id)
{
static int tot = 0;
e[++tot] = edge{v, h[u], w, id}, h[u] = tot;
} int top[N], fa[N], dfn[N], dep[N], siz[N], son[N], ver[N], edg[N];
void dfs1(int x)
{
siz[x] = 1;
for(register int i = h[x]; i; i = e[i].nxt)
{
int v = e[i].to;
if (v == fa[x]) continue;
edg[v] = e[i].w, ver[e[i].id] = v, fa[v] = x, dep[v] = dep[x] + 1, dfs1(v), siz[x] += siz[v];
if (siz[v] > siz[son[x]]) son[x] = v;
}
}
void dfs2(int x)
{
static int dfc = 0;
dfn[x] = ++dfc;
if (son[x]) top[son[x]] = top[x], dfs2(son[x]);
for(register int i = h[x]; i; i = e[i].nxt)
{
int v = e[i].to;
if (v == fa[x] || v == son[x]) continue;
top[v] = v, dfs2(v);
}
} struct Tree{
#define ls (p << 1)
#define rs (ls | 1)
const int INF = 0x3f3f3f3f;
int sum[N << 2], mn[N << 2], mx[N << 2], tag[N << 2]; inline Tree(){memset(mn, 0x3f3f3f3f, sizeof mn), memset(mx, -0x3f3f3f3f, sizeof mx);}
void change(int p){sum[p] *= -1, mx[p] *= -1, mn[p] *= -1, swap(mx[p], mn[p]), tag[p] ^= 1;}
void pushup(int p){sum[p] = sum[ls] + sum[rs], mn[p] = min(mn[ls], mn[rs]), mx[p] = max(mx[ls], mx[rs]);}
void pushdown(int p)
{
if (!tag[p]) return;
change(ls), change(rs), tag[p] ^= 1;
} void update_node(int p, int l, int r, int x, int v)
{
if (l == r)
{
sum[p] = mn[p] = mx[p] = v;
if (l == 1) mn[p] = INF, mx[p] = -INF;
return;
}
pushdown(p);
int mid = (l + r) >> 1;
if (x <= mid) update_node(ls, l, mid, x, v);
else update_node(rs, mid + 1, r, x, v);
pushup(p);
} void update_rev(int p, int l, int r, int x, int y)
{
if (x <= l && r <= y) return void(change(p));
pushdown(p);
int mid = (l + r) >> 1;
if (x <= mid) update_rev(ls, l, mid, x, y);
if (y > mid) update_rev(rs, mid + 1, r, x, y);
pushup(p);
}
inline void tree_rev(int x, int y)
{
int fx = top[x], fy = top[y];
while (fx ^ fy)
{
if (dep[fx] > dep[fy]) update_rev(1, 1, n, dfn[fx], dfn[x]), x = fa[fx], fx = top[x];
else update_rev(1, 1, n, dfn[fy], dfn[y]), y = fa[fy], fy = top[y];
}
if (dep[x] > dep[y]) swap(x, y);
if (x == y) return;
update_rev(1, 1, n, dfn[x] + 1, dfn[y]);
} int query_sum(int p, int l, int r, int x, int y)
{
if (x <= l && r <= y) return sum[p];
pushdown(p);
int mid = (l + r) >> 1, ret = 0;
if (x <= mid) ret += query_sum(ls, l, mid, x, y);
if (y > mid) ret += query_sum(rs, mid + 1, r, x, y);
return ret;
}
inline int tree_sum(int x, int y)
{
int fx = top[x], fy = top[y], ret = 0;
while (fx ^ fy)
{
if (dep[fx] > dep[fy]) ret += query_sum(1, 1, n, dfn[fx], dfn[x]), x = fa[fx], fx = top[x];
else ret += query_sum(1, 1, n, dfn[fy], dfn[y]), y = fa[fy], fy = top[y];
}
if (dep[x] > dep[y]) swap(x, y);
if (x == y) return ret;
return ret + query_sum(1, 1, n, dfn[x] + 1, dfn[y]);
} int query_max(int p, int l, int r, int x, int y)
{
if (x <= l && r <= y) return mx[p];
pushdown(p);
int mid = (l + r) >> 1, ret = -INF;
if (x <= mid) ret = max(ret, query_max(ls, l, mid, x, y));
if (y > mid) ret = max(ret, query_max(rs, mid + 1, r, x, y));
return ret;
}
inline int tree_max(int x, int y)
{
int fx = top[x], fy = top[y], ret = -INF;
while (fx ^ fy)
{
if (dep[fx] > dep[fy]) ret = max(ret, query_max(1, 1, n, dfn[fx], dfn[x])), x = fa[fx], fx = top[x];
else ret = max(ret, query_max(1, 1, n, dfn[fy], dfn[y])), y = fa[fy], fy = top[y];
}
if (dep[x] > dep[y]) swap(x, y);
if (x == y) return ret;
return max(ret, query_max(1, 1, n, dfn[x] + 1, dfn[y]));
} int query_min(int p, int l, int r, int x, int y)
{
if (x <= l && r <= y) return mn[p];
pushdown(p);
int mid = (l + r) >> 1, ret = INF;
if (x <= mid) ret = min(ret, query_min(ls, l, mid, x, y));
if (y > mid) ret = min(ret, query_min(rs, mid + 1, r, x, y));
return ret;
}
inline int tree_min(int x, int y)
{
int fx = top[x], fy = top[y], ret = INF;
while (fx ^ fy)
{
if (dep[fx] > dep[fy]) ret = min(ret, query_min(1, 1, n, dfn[fx], dfn[x])), x = fa[fx], fx = top[x];
else ret = min(ret, query_min(1, 1, n, dfn[fy], dfn[y])), y = fa[fy], fy = top[y];
}
if (dep[x] > dep[y]) swap(x, y);
if (x == y) return ret;
return min(ret, query_min(1, 1, n, dfn[x] + 1, dfn[y]));
}
}seg; int main()
{
scanf("%d", &n);
for(register int i = 1, u, v, w; i < n; i++)
scanf("%d%d%d", &u, &v, &w), ++u, ++v, add(u, v, w, i), add(v, u, w, i);
dfs1(1), top[1] = 1, dfs2(1);
for(register int i = 1; i <= n; i++) seg.update_node(1, 1, n, dfn[i], edg[i]);
scanf("%d", &m);
char op[5];
for(int u, v; m; --m)
{
scanf("%s%d%d", op, &u, &v), ++u, ++v;
if (op[0] == 'C') seg.update_node(1, 1, n, dfn[ver[u - 1]], v - 1);
else if (op[0] == 'N') seg.tree_rev(u, v);
else if (op[0] == 'S') printf("%d\n", seg.tree_sum(u, v));
else if (op[1] == 'A') printf("%d\n", seg.tree_max(u, v));
else printf("%d\n", seg.tree_min(u, v));
}
}

Luogu P1505.[国家集训队]旅游的更多相关文章

  1. LUOGU P1505 [国家集训队]旅游 (树链剖分+线段树)

    传送门 解题思路 快被调死的码农题,,,其实就是一个边权下放到点权的线段树+树剖. #include<iostream> #include<cstdio> #include&l ...

  2. 洛谷 P1505 [国家集训队]旅游 解题报告

    P1505 [国家集训队]旅游 题目描述 \(\tt{Ray}\) 乐忠于旅游,这次他来到了\(T\)城.\(T\)城是一个水上城市,一共有 \(N\) 个景点,有些景点之间会用一座桥连接.为了方便游 ...

  3. 洛谷 P1505 [国家集训队]旅游 树链剖分

    目录 题面 题目链接 题目描述 输入输出格式 输入格式 输出格式 输入输出样例 输入样例: 输出样例: 说明 思路 AC代码 总结 题面 题目链接 P1505 [国家集训队]旅游 题目描述 Ray 乐 ...

  4. 2018.06.29 洛谷P1505 [国家集训队]旅游(树链剖分)

    旅游 题目描述 Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城.T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接.为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,T 城的任意两个景点之间有且只有 ...

  5. P1505 [国家集训队]旅游

    \(\color{#0066ff}{题 目 描 述}\) Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城.T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接.为了方便游客到达每个景点但又为了 ...

  6. 洛谷P1505 [国家集训队]旅游

    题目描述 \(Ray\) 乐忠于旅游,这次他来到了\(T\) 城.\(T\) 城是一个水上城市,一共有 \(N\) 个景点,有些景点之间会用一座桥连接.为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,\(T ...

  7. P1505 [国家集训队]旅游[树剖]

    题目描述 Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城.T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接.为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,T 城的任意两个景点之间有且只有一条路 ...

  8. 洛谷P1505 [国家集训队]旅游(树剖+线段树)

    传送门 这该死的码农题…… 把每一条边变为它连接的两个点中深度较浅的那一个,然后就是一堆单点修改/路径查询,不讲了 这里就讲一下怎么搞路径取反,只要打一个标记就好了,然后把区间和取反,最大最小值交换然 ...

  9. [洛谷]P1505 [国家集训队]旅游

    题目链接: 传送门 题目分析: 树剖板,支持单点修改,区间取反,区间求最大值/最小值/和 区间取反取两次等于没取,维护一个\(rev\ tag\),每次打标记用\(xor\)打,记录是否需要翻转,\( ...

  10. luoguP1505 [国家集训队]旅游(真的毒瘤)

    luogu P1505 [国家集训队]旅游 题目 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #in ...

随机推荐

  1. 4.10:Spark之wordcount

    〇.概述 1.拓扑结构 2.目标 使用spark完成计数实验 一.启动环境 二.新建数据文件 三.查看文件内容 四.启动spark服务 五.编写代码 复制以下代码到shell中(复制后在终端右键-&g ...

  2. static_cast和dynamic_cast

    C++的强制类型转换,除了继承自C语言的写法((目标类型)表达式)之外,还新增了4个关键字,分别是:static_cast.dynamic_cast.const_cast和reinterpret_ca ...

  3. ADB命令快速入门

    什么是ADB adb的全称为Android Debug Bridge,就是起到调试桥的作用.通过adb我们可以方便调试Android程序. 环境搭建 1需要java环境: 安装完JDK需要配置环境变量 ...

  4. 如何通过 C#/VB.NET 将 PDF 转为 Word

    众所周知,PDF 文档支持特长文件,集成度和安全可靠性都较高,可有效防止他人对 PDF 内容进行更改,所以在工作中深受大家喜爱.但是在工作中,我们不可避免的会对 PDF 文档进行修改或再编辑,这时我们 ...

  5. Hadoop详解(05) – MapReduce

    Hadoop详解(05) – MapReduce MapReduce概述 定义 MapReduce是一个分布式运算程序的编程框架,是用户 "基于Hadoop的数据分析应用" 开发的 ...

  6. iOS Reveal 4 安装详解简单粗暴

    项目在测试的时候,然后拿了公司最低配置的ipod 来装我们的项目,但是呢,我们的项目居然掉帧很厉害,然后看了一下别人的app,居然不卡,然后就想去看看,别人是怎么做到的.然后呢?就走上了Reveal之 ...

  7. Mac上安装brew的那些坑

    macOS11.1 入坑! 网上看了一下午的帖子,包括官网,重装command line tool,修改brew_install文件,报错443,Faild during:git getch错误 脱坑 ...

  8. day04-Spring管理Bean-IOC-02

    Spring管理Bean-IOC-02 2.基于XML配置bean 2.7通过util空间名称创建list BookStore.java: package com.li.bean; import ja ...

  9. Scrapy爬虫框架快速入门

    安装scrapy pip install scrapy -i https://pypi.douban.com/simple/ 安装过程可能遇到的问题 版本问题导致一些辅助库没有安装好,需要手动下载并安 ...

  10. 从0-1超详细教你实现前端读取excel表格并渲染到界面

    @ 目录 说明 前提 代码仓库 步骤一:准备工作 步骤二:实现导入表格解析 步骤三:实现表格渲染 结语 本文旨在解决无需调用后端接口,实现前端读取表格文件,获取文件内容,渲染到界面的需求 我的其他文章 ...