[SCOI2008]着色方案 递推 记忆化搜索

我们发现 $c_{i}$ 和 $k$ 的规模非常小
我们还发现每种颜色的位置是不必知道的，只要这种颜色和相邻的颜色种类不同即可。
定义状态 $f[a][b][c][d][e][last]$，代表有 $a$ 个还可以放 1 个，$b$ 个可以放 2 个，$c$ 个可以放3个......上一个状态最后一个放的数是可以放 $last$ 个的种类。

考虑记忆化搜索：
$f[a][b][c][d][e][last]+=f[a-1][b][c][d][e][1]*(a-(last==2))$
考虑当前放可以放1个的颜色，那么可放的颜色种类为 $a$ 个，但如果上一个状态中的最后一个放的种类为 2 的话它对当前状态中 $a$ 会贡献1，那么我们就要将这个 1 剪掉，其余情况同理。

Code:

// luogu-judger-enable-o2
// luogu-judger-enable-o2
#include<iostream>
#include<string>
#include<cstdio>
#include<cstring>
typedef long long ll;
const int maxn=16;
const ll mod=1000000007;
using namespace std;
void setIO(string a){
    freopen((a+".in").c_str(),"r",stdin);
}
ll f[maxn][maxn][maxn][maxn][maxn][6];
int t[maxn];
ll dp(int a,int b,int c,int d,int e,int last){
    if(f[a][b][c][d][e][last]!=-1) return f[a][b][c][d][e][last];
    if(a+b+c+d+e==0) return f[a][b][c][d][e][last]=1;
    ll res=0;
    if(a)  res+=(a-(last==2))*dp(a-1,b,c,d,e,1)%mod;
    if(b)  res+=(b-(last==3))*dp(a+1,b-1,c,d,e,2)%mod;
    if(c)  res+=(c-(last==4))*dp(a,b+1,c-1,d,e,3)%mod;
    if(d)  res+=(d-(last==5))*dp(a,b,c+1,d-1,e,4)%mod;
    if(e)  res+=e*dp(a,b,c,d+1,e-1,5)%mod;
    f[a][b][c][d][e][last]=res%mod;
    return res%mod;
}
int main(){
    //setIO("input");
    memset(f,-1,sizeof(f));
    int n,x;
    cin>>n;
    for(int i=1;i<=n;++i) {
        cin>>x;
        ++t[x];
    }
    cout<<dp(t[1],t[2],t[3],t[4],t[5],0)-1;
    return 0;
}