Day6 - B - 采花 HYSBZ - 2743
Input
Output共m行,每行一个整数,第i个数表示公主在女仆的第i个行程中能采到的花的颜色数。Sample Input5 3 5 1 2 2 3 1 1 5 1 2 2 2 2 3 3 5
Sample Output2 0 0 1 0 【样例说明】 询问[1, 5]:公主采颜色为1和2的花,由于颜色3的花只有一朵,公主不采;询问[1, 2]:颜色1和颜色2的花均只有一朵,公主不采; 询问[2, 2]:颜色2的花只有一朵,公主不采; 询问[2, 3]:由于颜色2的花有两朵,公主采颜色2的花; 询问[3, 5]:颜色1、2、3的花各一朵,公主不采。 Hint
【数据范围】
对于100%的数据,1 ≤ n ≤ 10^6,c ≤ n,m ≤10^6。
思路:和A题一样,用树状数组优化求和,只不过这一题是两个重复的再加1,更改的时候都是两者之间的前者,直接代码理解一下
const int maxm = 1e6+; int C[maxm], pre[maxm], vis[maxm], a[maxm], n, c, m, ans[maxm]; struct Node {
int l, r, id;
bool operator<(const Node &T) const {
return r < T.r;
}
} query[maxm]; void add(int x, int val) {
for(; x <= n; x += lowbit(x))
C[x] += val;
} int getsum(int x) {
int ret = ;
for(; x; x -= lowbit(x))
ret += C[x];
return ret;
} int main() {
int t1, t2;
scanf("%d%d%d", &n, &c, &m);
for(int i = ; i <= n; ++i)
scanf("%d", &a[i]);
for(int i = ; i < m; ++i) {
scanf("%d%d", &query[i].l, &query[i].r);
query[i].id = i;
}
sort(query, query+m);
int k = ;
for(int i = ; i < m; ++i) {
for(; k <= query[i].r; ++k) {
if(!vis[a[k]]) {
vis[a[k]] = k;
} else if(vis[a[k]] && !pre[a[k]]) {
pre[a[k]] = vis[a[k]];
vis[a[k]] = k;
add(pre[a[k]], );
} else if(pre[a[k]]) {
add(pre[a[k]], -);
add(vis[a[k]], );
pre[a[k]] = vis[a[k]];
vis[a[k]] = k;
}
}
ans[query[i].id] = getsum(query[i].r) - getsum(query[i].l-);
}
for(int i = ; i < m; ++i)
printf("%d\n", ans[i]);
return ;
}
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