题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3966

题意:

给出一棵树,并给定各个点权的值,然后有3种操作:

I C1 C2 K: 把C1与C2的路径上的所有点权值加上K

D C1 C2 K:把C1与C2的路径上的所有点权值减去K

Q C:查询节点编号为C的权值

分析:

典型的树链剖分,对节点进行操作,可以用树状数组或者线段树。

树链剖分+树状数组:

 #include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring> using namespace std;
const int maxn = ; struct Edge
{
int to,next;
}edge[maxn*];
int head[maxn],cnt,num;
int a[maxn],n,m,p,c[maxn];
int size[maxn],top[maxn],id[maxn],fa[maxn],son[maxn],dep[maxn]; void init()
{
memset(head,-,sizeof(head));
memset(son,-,sizeof(son));
memset(c,,sizeof(c));
cnt=;
num=;
}
void addedge(int u,int v)
{
edge[cnt].to = v;
edge[cnt].next = head[u];
head[u] = cnt++;
} void dfs_1(int u,int f,int d)
{
dep[u]=d;
size[u]=;
fa[u]=f;
for(int i=head[u];i!=-;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
if(v==f)
continue;
dfs_1(v,u,d+);
size[u]+=size[v];
if(son[u]==-||size[son[u]]<size[v])
son[u]=v;
}
} void dfs_2(int u,int tp)
{
top[u] = tp;
id[u] = ++num;
if(son[u]!=-)
dfs_2(son[u],tp);
for(int i=head[u];i!=-;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
if(v==fa[u]||v==son[u])
continue;
dfs_2(v,v);
}
} int lowbit(int x)
{
return x&-x;
} int sum(int x)
{
int res=;
while(x>)
{
res+=c[x];
x-=lowbit(x);
}
return res;
} void add(int x,int d)
{
while(x<=n)
{
c[x]+=d;
x+=lowbit(x);
}
} void change(int u,int v,int val)
{
int tp1=top[u],tp2=top[v];
while(tp1!=tp2)
{
if(dep[tp1]<dep[tp2])
{
swap(tp1,tp2);
swap(u,v);
}
add(id[tp1],val);
add(id[u]+,-val);
u=fa[tp1];
tp1=top[u];
}
if(dep[u]>dep[v])
swap(u,v);
add(id[u],val);
add(id[v]+,-val);
} int main()
{
while(~scanf("%d%d%d",&n,&m,&p))
{
init();
for(int i=;i<=n;i++)
scanf("%d",&a[i]);
for(int i=;i<=m;i++)
{
int u,v;
scanf("%d%d",&u,&v);
addedge(u,v);
addedge(v,u);
}
dfs_1(,,);
dfs_2(,);
for(int i=;i<=n;i++)
{
add(id[i],a[i]);
add(id[i]+,-a[i]);
}
char s[];
int c1,c2,k,c;
for(int i=;i<p;i++)
{
scanf("%s",s);
if(s[]=='I')
{
scanf("%d%d%d",&c1,&c2,&k);
change(c1,c2,k);
}
if(s[]=='D')
{
scanf("%d%d%d",&c1,&c2,&k);
change(c1,c2,-k);
}
if(s[]=='Q')
{
scanf("%d",&c);
cout<<sum(id[c])<<endl;
}
}
}
return ;
}

树链剖分+线段树:

 #include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
using namespace std;
const int maxn = ;
int n,m,p;
int val[maxn],a[maxn];
struct Edge
{
int to,next;
}edge[maxn*];
int head[maxn],add[maxn*];
int dep[maxn],fa[maxn],size[maxn],son[maxn],top[maxn],id[maxn];
int cnt,num;
void init()
{
memset(head,-,sizeof(head));
memset(son,-,sizeof(son));
memset(add,,sizeof(add));
cnt=;
num=;
} void addedge(int u,int v)
{
edge[cnt].to=v;
edge[cnt].next=head[u];
head[u]=cnt++;
} void dfs_1(int u,int f,int d)
{
dep[u]=d;
size[u]=;
fa[u]=f;
for(int i=head[u];i!=-;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
if(v==f)
continue;
dfs_1(v,u,d+);
size[u]+=size[v];
if(son[u]==-||size[son[u]]<size[v])
son[u]=v;
}
} void dfs_2(int u,int tp)
{
top[u] = tp;
id[u] = ++num;
if(son[u]!=-)
dfs_2(son[u],tp);
for(int i=head[u];i!=-;i=edge[i].next)
{
int v = edge[i].to;
if(v == fa[u] ||v == son[u])
continue;
dfs_2(v,v);
}
} struct Tree
{
int left,right;
int sum;
}tree[maxn*]; void pushup(int i)
{
tree[i].sum = tree[i*].sum + tree[i*+].sum;
} void build(int i,int begin,int end)
{
tree[i].left=begin;
tree[i].right=end;
if(begin==end)
{
tree[i].sum=val[begin];
return;
}
int mid=(begin+end)/;
build(i*,begin,mid);
build(i*+,mid+,end);
pushup(i);
} void pushdown(int i)
{
if(add[i])
{
add[i*] += add[i];
add[i*+] += add[i];
int mid=(tree[i].left+tree[i].right)/;
tree[i*].sum += add[i]*(mid-tree[i].left+);
tree[i*+].sum += add[i]*(tree[i].right-mid);
add[i]=;
}
} void update(int i,int begin,int end,int value)
{
if(tree[i].left>=begin&&tree[i].right<=end)
{
add[i]+=value;
tree[i].sum+=value*(tree[i].right-tree[i].left+);
return;
}
pushdown(i);
int mid=(tree[i].left+tree[i].right)/;
if(mid>=begin)
update(i*,begin,end,value);
if(mid<end)
update(i*+,begin,end,value);
pushup(i);
} void change(int u,int v,int value)
{
int tp1=top[u],tp2=top[v];
while(tp1!=tp2)
{
if(dep[tp1]<dep[tp2])
{
swap(tp1,tp2);
swap(u,v);
}
update(,id[tp1],id[u],value);
u = fa[tp1];
tp1 = top[u];
}
if(dep[u]>dep[v])
swap(u,v);
update(,id[u],id[v],value);
} long long query(int i,int begin,int end)
{
if(tree[i].left>=begin&&tree[i].right<=end)
return tree[i].sum;
pushdown(i);
int mid=(tree[i].left+tree[i].right)/;
long long ans=;
if(mid>=begin)
ans+=query(i*,begin,end);
if(mid<end)
ans+=query(i*+,begin,end);
return ans;
} int main()
{
while(~scanf("%d%d%d",&n,&m,&p))
{
init();
for(int i=;i<=n;i++)
scanf("%d",&a[i]);
for(int i=;i<=m;i++)
{
int u,v;
scanf("%d%d",&u,&v);
addedge(u,v);
addedge(v,u);
}
dfs_1(,,);
dfs_2(,); for(int i=;i<=n;i++)
val[id[i]]=a[i];
build(,,n);
char s[];
int c1,c2,k,c;
for(int i=;i<p;i++)
{
scanf("%s",s);
if(s[]=='I')
{
scanf("%d%d%d",&c1,&c2,&k);
change(c1,c2,k);
}
if(s[]=='D')
{
scanf("%d%d%d",&c1,&c2,&k);
change(c1,c2,-k);
}
if(s[]=='Q')
{
scanf("%d",&c);
cout<<query(,id[c],id[c])<<endl;
}
}
}
return ;
}

hdu 3966 Aragorn's Story(树链剖分+树状数组/线段树)的更多相关文章

  1. Qtree3题解(树链剖分(伪)+线段树+set)

    外话:最近洛谷加了好多好题啊...原题入口 这题好像是SPOJ的题,挺不错的.看没有题解还是来一篇... 题意: 很明显吧.. 题解: 我的做法十分的暴力:树链剖分(伪)+线段树+\(set\)... ...

  2. Luogu 2590 [ZJOI2008]树的统计 / HYSBZ 1036 [ZJOI2008]树的统计Count (树链剖分,LCA,线段树)

    Luogu 2590 [ZJOI2008]树的统计 / HYSBZ 1036 [ZJOI2008]树的统计Count (树链剖分,LCA,线段树) Description 一棵树上有n个节点,编号分别 ...

  3. 【bzoj4999】This Problem Is Too Simple! 树链剖分+动态开点线段树

    题目描述 给您一颗树,每个节点有个初始值. 现在支持以下两种操作: 1. C i x(0<=x<2^31) 表示将i节点的值改为x. 2. Q i j x(0<=x<2^31) ...

  4. [bzoj 3531][SDOI2014]旅行(树链剖分+动态开点线段树)

    题目:http://www.lydsy.com:808/JudgeOnline/problem.php?id=3531 分析: 对于每个颜色(颜色<=10^5)都建立一颗线段树 什么!那么不是M ...

  5. 洛谷P3313 [SDOI2014]旅行(树链剖分 动态开节点线段树)

    题意 题目链接 Sol 树链剖分板子 + 动态开节点线段树板子 #include<bits/stdc++.h> #define Pair pair<int, int> #def ...

  6. 刷题总结——骑士的旅行(bzoj4336 树链剖分套权值线段树)

    题目: Description 在一片古老的土地上,有一个繁荣的文明. 这片大地几乎被森林覆盖,有N座城坐落其中.巧合的是,这N座城由恰好N-1条双 向道路连接起来,使得任意两座城都是连通的.也就是说 ...

  7. BZOJ 3531 [Sdoi2014]旅行 树链剖分+动态开点线段树

    题意 S国有N个城市,编号从1到N.城市间用N-1条双向道路连接,满足从一个城市出发可以到达其它所有城市.每个城市信仰不同的宗教,如飞天面条神教.隐形独角兽教.绝地教都是常见的信仰. 为了方便,我们用 ...

  8. hdu3966 树链剖分点权模板+线段树区间更新/树状数组区间更新单点查询

    点权树的模板题,另外发现树状数组也是可以区间更新的.. 注意在对链进行操作时方向不要搞错 线段树版本 #include<bits/stdc++.h> using namespace std ...

  9. 【BZOJ3531】[Sdoi2014]旅行 树链剖分+动态开点线段树

    [BZOJ3531][Sdoi2014]旅行 Description S国有N个城市,编号从1到N.城市间用N-1条双向道路连接,满足从一个城市出发可以到达其它所有城市.每个城市信仰不同的宗教,如飞天 ...

  10. bzoj3531——树链剖分+动态开点线段树

    3531: [Sdoi2014]旅行 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MB Description S国有N个城市,编号从1到N.城市间用N-1条双向道路连 ...

随机推荐

  1. Java调度实现

    根据自己在项目中用到的调度,简单说说:(如有不正确的地方,请留言...) Java调度:他是用来解决访问时间慢的手段. 通俗的讲就是为需要的数据(你需要展示的数据)建立一张中间表存放,提前把数据读出来 ...

  2. 【ES6】变量的解构赋值

    1. 数组 var [a, b, c] = [1, 2, 3]; let [a, [b], d] = [1, [2, 3], 4]; 默认值生效的条件是,对象的属性值严格等于undefined. [x ...

  3. 【HTML】canvas学习小结

    1. 绘制基本图形 -----上下文---------------------------------------------------------- canvas.getContext('2d') ...

  4. nginx的平滑升级

    一:解释nginx的平滑升级 随着nginx越来越流行,并且nginx的优势也越来越明显,nginx的版本迭代也来时加速模式,1.9.0版本的nginx更新了许多新功能,例如stream四层代理功能, ...

  5. Jenkins小菜初次使用小记

    title: Jenkins自动集成小记 Jenkins是用来自动构建任务的,也许你还不知道什么叫自动构建任务,它的意思是可以针对某个任务进行自动化,比如你开发的某个软件,每次写完代码提交到githu ...

  6. Hbase架构与原理

    Hbase架构与原理 HBase是一个分布式的.面向列的开源数据库,该技术来源于 Fay Chang所撰写的Google论文"Bigtable:一个结构化数据的分布式存储系统".就 ...

  7. 怎么用snapman一个人在三天内开发出一个复杂的软件开发项目管理系统

    snapman是一个简单而强大的团队协作软件,在上面的信息可以是数据.可以是规则.也可以是自动化代码:最重要的它是一个可以开发的协作平台,所有信息都可以作用到所有人或机器上,大大减少了工作的复杂度.软 ...

  8. angular select 遍历使用ng-option绑定的时候下面多出一个空白的option处理方法

    只需要在select中加入一个 <option value="" selected hidden></option>

  9. 【性能测试工具】-SIEGE、HTTP_LOAD、WebBench、Apache-ab

    //当使用其它的开源测试工具的时候,也可以参考这一点:进入到bin目录 //如果工具本身不包含bin文件,那么在工具的1级目录执行即可 (1)       SIEGE $cd /home/userNa ...

  10. Linux - 简明Shell编程08 - 函数(Function)

    脚本地址 https://github.com/anliven/L-Shell/tree/master/Shell-Basics 示例脚本及注释 #!/bin/bash function Check( ...