4927 线段树练习5

 时间限制: 1 s
 空间限制: 128000 KB
 题目等级 : 黄金 Gold
 
 
 
题目描述 Description

有n个数和5种操作

add a b c:把区间[a,b]内的所有数都增加c

set a b c:把区间[a,b]内的所有数都设为c

sum a b:查询区间[a,b]的区间和

max a b:查询区间[a,b]的最大值

min a b:查询区间[a,b]的最小值

输入描述 Input Description

第一行两个整数n,m,第二行n个整数表示这n个数的初始值

接下来m行操作,同题目描述

输出描述 Output Description

对于所有的sum、max、min询问,一行输出一个答案

样例输入 Sample Input

10 6

3 9 2 8 1 7 5 0 4 6

add 4 9 4

set 2 6 2

add 3 8 2

sum 2 10

max 1 7

min 3 6

样例输出 Sample Output

49

11

4

数据范围及提示 Data Size & Hint

10%:1<n,m<=10

30%:1<n,m<=10000

100%:1<n,m<=100000

保证中间结果在long long(C/C++)、int64(pascal)范围内

PS:由于数据6出错导致某些人只有90分,已于2016.5.13修正。

出题人在此对两位90分的用户表示诚挚的歉意

思路:

  裸线段树;

  轻松ac;

来,上代码:

#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <algorithm> #define maxn 100001
#define LL long long using namespace std; struct TreeNodeType {
LL l,r,mid,dis,max_,min_,flag,flag_; bool if_;
};
struct TreeNodeType tree[maxn<<]; LL if_z,n,m; char Cget; inline void read_int(LL &now)
{
now=,if_z=,Cget=getchar();
while(Cget<''||Cget>'')
{
if(Cget=='-') if_z=-;
Cget=getchar();
}
while(Cget>=''&&Cget<='')
{
now=now*+Cget-'';
Cget=getchar();
}
now*=if_z;
} inline void tree_up(LL now)
{
tree[now].dis=tree[now<<].dis+tree[now<<|].dis;
tree[now].max_=max(tree[now<<].max_,tree[now<<|].max_);
tree[now].min_=min(tree[now<<].min_,tree[now<<|].min_);
} inline void tree_down(LL now)
{
if(tree[now].l==tree[now].r) return ;
if(tree[now].if_)
{
tree[now<<].flag=,tree[now<<].flag_=tree[now].flag_;
tree[now<<].if_=true,tree[now<<].max_=tree[now].flag_;
tree[now<<].min_=tree[now].flag_;
tree[now<<].dis=(tree[now<<].r-tree[now<<].l+)*tree[now].flag_;
tree[now<<|].flag=,tree[now<<|].flag_=tree[now].flag_;
tree[now<<|].if_=true,tree[now<<|].max_=tree[now].flag_;
tree[now<<|].min_=tree[now].flag_;
tree[now<<|].dis=(tree[now<<|].r-tree[now<<|].l+)*tree[now].flag_;
}
else
{
if(tree[now<<].if_)
{
tree[now<<].max_+=tree[now].flag;
tree[now<<].min_+=tree[now].flag;
tree[now<<].flag_+=tree[now].flag;
tree[now<<].dis+=(tree[now<<].r-tree[now<<].l+)*tree[now].flag;
}
else
{
tree[now<<].max_+=tree[now].flag;
tree[now<<].min_+=tree[now].flag;
tree[now<<].flag+=tree[now].flag;
tree[now<<].dis+=(tree[now<<].r-tree[now<<].l+)*tree[now].flag;
}
if(tree[now<<|].if_)
{
tree[now<<|].max_+=tree[now].flag;
tree[now<<|].min_+=tree[now].flag;
tree[now<<|].flag_+=tree[now].flag;
tree[now<<|].dis+=(tree[now<<|].r-tree[now<<|].l+)*tree[now].flag;
}
else
{
tree[now<<|].max_+=tree[now].flag;
tree[now<<|].min_+=tree[now].flag;
tree[now<<|].flag+=tree[now].flag;
tree[now<<|].dis+=(tree[now<<|].r-tree[now<<|].l+)*tree[now].flag;
}
}
tree[now].flag=,tree[now].flag_=,tree[now].if_=false;
} void tree_build(LL now,LL l,LL r)
{
tree[now].l=l,tree[now].r=r;
if(l==r)
{
read_int(tree[now].dis);
tree[now].max_=tree[now].dis;
tree[now].min_=tree[now].dis;
return ;
}
tree[now].mid=(l+r)>>;
tree_build(now<<,l,tree[now].mid);
tree_build(now<<|,tree[now].mid+,r);
tree_up(now);
} void tree_change(LL now,LL l,LL r,LL x)
{
if(tree[now].l==l&&tree[now].r==r)
{
if(tree[now].if_) tree[now].flag_+=x;
else tree[now].flag+=x;
tree[now].dis+=(r-l+)*x;
tree[now].max_+=x;
tree[now].min_+=x;
return ;
}
if(tree[now].flag||tree[now].if_) tree_down(now);
if(l>tree[now].mid) tree_change(now<<|,l,r,x);
else if(r<=tree[now].mid) tree_change(now<<,l,r,x);
else
{
tree_change(now<<,l,tree[now].mid,x);
tree_change(now<<|,tree[now].mid+,r,x);
}
tree_up(now);
} void tree_change_(LL now,LL l,LL r,LL x)
{
if(tree[now].l==l&&tree[now].r==r)
{
tree[now].if_=true;
tree[now].flag_=x;
tree[now].dis=(r-l+)*x;
tree[now].max_=x;
tree[now].min_=x;
return ;
}
if(tree[now].flag||tree[now].if_) tree_down(now);
if(l>tree[now].mid) tree_change_(now<<|,l,r,x);
else if(r<=tree[now].mid) tree_change_(now<<,l,r,x);
else
{
tree_change_(now<<,l,tree[now].mid,x);
tree_change_(now<<|,tree[now].mid+,r,x);
}
tree_up(now);
} LL tree_query(LL now,LL l,LL r,LL type)
{
if(tree[now].l==l&&tree[now].r==r)
{
if(type==) return tree[now].dis;
if(type==) return tree[now].max_;
if(type==) return tree[now].min_;
}
if(tree[now].flag||tree[now].if_) tree_down(now);
tree_up(now);
if(l>tree[now].mid) return tree_query(now<<|,l,r,type);
else if(r<=tree[now].mid) return tree_query(now<<,l,r,type);
else
{
if(type==) return tree_query(now<<,l,tree[now].mid,type)+tree_query(now<<|,tree[now].mid+,r,type);
if(type==) return max(tree_query(now<<,l,tree[now].mid,type),tree_query(now<<|,tree[now].mid+,r,type));
if(type==) return min(tree_query(now<<,l,tree[now].mid,type),tree_query(now<<|,tree[now].mid+,r,type));
}
} int main()
{
read_int(n),read_int(m);
tree_build(,,n);
char ch[];
for(LL i=;i<=m;i++)
{
cin>>ch;
LL x,y,z;
if(ch[]=='a')
{
read_int(x),read_int(y),read_int(z);
tree_change(,x,y,z);
}
else if(ch[]=='s')
{
if(ch[]=='e')
{
read_int(x),read_int(y),read_int(z);
tree_change_(,x,y,z);
}
else
{
read_int(x),read_int(y);
cout<<tree_query(,x,y,);
putchar('\n');
}
}
else if(ch[]=='m')
{
if(ch[]=='a')
{
read_int(x),read_int(y);
cout<<tree_query(,x,y,);
putchar('\n');
}
else
{
read_int(x),read_int(y);
cout<<tree_query(,x,y,);
putchar('\n');
}
}
}
return ;
}

AC日记——线段树练习5 codevs 4927的更多相关文章

  1. AC日记——线段树练习三 codevs 1082 (分块尝试)

    线段树练习 3 思路: 分块: 来,上代码: #include <cmath> #include <cstdio> #include <cstring> #incl ...

  2. AC日记——线段树练习4 codevs 4919

    4919 线段树练习4  时间限制: 1 s  空间限制: 128000 KB  题目等级 : 黄金 Gold 题解  查看运行结果     题目描述 Description 给你N个数,有两种操作 ...

  3. hdu 4117 -- GRE Words (AC自动机+线段树)

    题目链接 problem Recently George is preparing for the Graduate Record Examinations (GRE for short). Obvi ...

  4. hdu 4117 GRE Words (ac自动机 线段树 dp)

    参考:http://blog.csdn.net/no__stop/article/details/12287843 此题利用了ac自动机fail树的性质,fail指针建立为树,表示父节点是孩子节点的后 ...

  5. HDU 5069 Harry And Biological Teacher(AC自动机+线段树)

    题意 给定 \(n\) 个字符串,\(m\) 个询问,每次询问 \(a\) 字符串的后缀和 \(b\) 字符串的前缀最多能匹配多长. \(1\leq n,m \leq 10^5\) 思路 多串匹配,考 ...

  6. BZOJ2434:[NOI2011]阿狸的打字机(AC自动机,线段树)

    Description 阿狸喜欢收藏各种稀奇古怪的东西,最近他淘到一台老式的打字机.打字机上只有28个按键,分别印有26个小写英文字母和'B'.'P'两个字母. 经阿狸研究发现,这个打字机是这样工作的 ...

  7. T1081 线段树练习 2 codevs

    http://codevs.cn/problem/1081/  时间限制: 1 s  空间限制: 128000 KB  题目等级 : 大师 Master 题目描述 Description 给你N个数, ...

  8. 背单词(AC自动机+线段树+dp+dfs序)

    G. 背单词 内存限制:256 MiB 时间限制:1000 ms 标准输入输出 题目类型:传统 评测方式:文本比较   题目描述 给定一张包含N个单词的表,每个单词有个价值W.要求从中选出一个子序列使 ...

  9. AC日记——[ZJOI2008]树的统计Count bzoj 1036

    1036: [ZJOI2008]树的统计Count Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 15007  Solved: 6092[Submit ...

随机推荐

  1. 【 android】When an app is installed on the external storage

    When an app is installed on the external storage: The .apk file is saved to the external storage, bu ...

  2. CSS3边框图片-像素虚边的问题

    虽然CSS3新增了这个功能,但是在W3school里面并没有给出具体详细的解释,还好网上不乏大神给你我们很全面的解释其中的原理-css3:border-image边框图像详解 边框图片的原理是四个角不 ...

  3. GOPATH和GOROOT

    安装指定版本golang apt-get purge golang* //删除之前安装的文件 add-apt-repository ppa:evarlast/golang-1.8 apt-get up ...

  4. supervisor 安装使用

     简介 Supervisor是用Python开发的一套通用的进程管理程序,能将一个普通的命令行进程变为后台daemon,并监控进程状态,异常退出时能自动重启.它是通过fork/exec的方式把这些被管 ...

  5. linux防火墙firewall使用简介

    1.firewalld的基本使用启动: systemctl start firewalld查看状态: systemctl status firewalld停止: systemctl disable f ...

  6. centos配置jdk

    ########## config jdk ########## export JAVA_HOME=/usr/local/java/jdk1.7.0_79 export CLASSPATH=.:${J ...

  7. c#中利用“|”运算组合多项

    前几天看到一段代码 int i = GetCount(para1 | para2); 咋一看有些莫名奇妙,怎么传参的时候带了个或运算,其实这里面是有讲究的,查阅了各方资料,QQ群里赖着大牛问,才搞明白 ...

  8. alex 推荐的书

     这两本书不错, 追风筝的人<白鹿原>~~~反天不错~~~可以看下.14:27:22AndyZhang 2018-1-29 14:27:22 改变人的东西  读书.看电影.旅行.经历各种事 ...

  9. Python并发(二)

    并发是指一次处理多件事,而并行是指一次做多件事.二者不同,但互相有联系.打个比方:像Python的多线程,就是并发,因为Python的解释器GIL是线程不安全的,一次只允许执行一个线程的Python字 ...

  10. 【Codeforces Round #476 (Div. 2) [Thanks, Telegram!] C】Greedy Arkady

    [链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] 枚举那个人收到了几次糖i. 最好的情况显然是其他人都只收到i-1次糖. 然后这个人刚好多收了一次糖 也即 (i-1)kx + x & ...