【洛谷 P3834】 可持久化线段树1(主席树)
主席树=可持久化权值线段树。
如果你不会可持久化线段树,请右转
如果你不会权值线段树,请自行脑补,就是线段树维护值域里有多少个数出现。
可持久化线段树是支持查询历史版本的。
我们对每个数都进行一次基于上个版本的单点修改操作,这样每个版本就是维护的前\(p\)个数,这个权值显然满足可减性。
所以,要查询区间\([l,r]\)的第\(k\)大时,我们就用第\(r\)个版本减去第\(l-1\)个版本,我们就得到了一颗\([l,r]\)的权值线段树,然后跑第\(k\)小就简单了:
如果左儿子有大于等于\(k\)个数,就继续去左儿子找第\(k\)小,否则设左儿子的值为\(lcnt\),去右儿子找第\(k-lcnt\)小。
#include <cstdio>
#include <algorithm>
using std::sort;
#define re register
inline int read(){
int s = 0, w = 1;
char ch = getchar();
while(ch < '0' || ch > '9') { if(ch == '-') w = -1; ch = getchar(); }
while(ch >= '0' && ch <= '9') { s = s * 10 + ch - '0'; ch = getchar(); }
return s * w;
}
const int MAXN = 200010;
const int MAXM = 200010;
const int MAXMLOGN = 4000010;
struct SegTree{
int lc, rc, cnt;
SegTree(){ lc = rc = cnt = 0; }
}t[MAXMLOGN];
int root[MAXM];
int a[MAXN], c[MAXN], d[MAXN];
int n, m, tot, num;
int build(int l, int r){
int id = ++tot;
if(l == r) return id;
int mid = (l + r) >> 1;
t[id].lc = build(l, mid);
t[id].rc = build(mid + 1, r);
return id;
}
int insert(int now, int l, int r, int x){
int id = ++tot;
t[id] = t[now];
if(l == r){ ++t[id].cnt; return id; }
int mid = (l + r) >> 1;
if(x <= mid) t[id].lc = insert(t[now].lc, l, mid, x);
else t[id].rc = insert(t[now].rc, mid + 1, r, x);
t[id].cnt = t[t[id].lc].cnt + t[t[id].rc].cnt;
return id;
}
int ask(int p, int q, int l, int r, int k){
if(l == r) return l;
int mid = (l + r) >> 1;
int L = t[t[p].lc].cnt - t[t[q].lc].cnt;
if(k <= L) return ask(t[p].lc, t[q].lc, l, mid, k);
else return ask(t[p].rc, t[q].rc, mid + 1, r, k - L);
}
struct divide{
int id, val;
bool operator < (const divide A) const{
return val < A.val;
}
}b[MAXN];
int l, r, k;
int main(){
n = read(); m = read();
for(re int i = 1; i <= n; ++i){
b[i].val = a[i] = read();
b[i].id = i;
}
sort(b + 1, b + n + 1);
b[0].val = -2147483646;
for(int i = 1; i <= n; ++i)
if(b[i].val != b[i - 1].val){
c[b[i].id] = ++num;
d[num] = b[i].val;
}
else c[b[i].id] = num;
root[0] = build(1, num);
for(int i = 1; i <= n; ++i)
root[i] = insert(root[i - 1], 1, num, c[i]);
for(re int i = 1; i <= m; ++i){
l = read(); r = read(); k = read();
printf("%d\n", d[ask(root[r], root[l - 1], 1, num, k)]);
}
getchar();
return 0;
}
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