P3366 【模板】最小生成树

原题链接 https://www.luogu.org/problemnew/show/P3366

一道最小生成树的模板题......

昨天刚学最小生成树，wz大佬讲的一塌糊涂井然有序，所以我们今天做起板子题来一脸懵逼游刃有余.....

老师让wz大佬讲Prim算法，大佬竟然说不会.......于是给我们讲起了Kruskal算法，结果老师让我们用Prim算法解........

话不多说，讲下Kruskal算法 ，要用到并查集 （且用到贪心思想）Prim算法被我吃辣，滑稽 ：

对于任意一个连通网的最小生成树来说，在要求总的权值最小的情况下，最直接的想法就是将连通网中的所有边按照权值大小进行升序排序，从小到大依次选择。

由于最小生成树本身是一棵生成树，所以需要时刻满足以下两点：

• 生成树中任意顶点之间有且仅有一条通路，也就是说，生成树中不能存在回路；
• 对于具有 n 个顶点的连通网，其生成树中只能有 n-1 条边，这 n-1 条边连通着 n 个顶点。

连接 n 个顶点在不产生回路的情况下，只需要 n-1 条边。

所以克鲁斯卡尔算法的具体思路是：将所有边按照权值的大小进行升序排序，然后从小到大一一判断，条件为：如果这个边不会与之前选择的所有边组成回路，就可以作为最小生成树的一部分；反之，舍去。直到具有 n 个顶点的连通网筛选出来 n-1 条边为止。筛选出来的边和所有的顶点构成此连通网的最小生成树。

判断是否会产生回路的方法为：在初始状态下给每个顶点赋予不同的标记，对于遍历过程的每条边，其都有两个顶点，判断这两个顶点的标记是否一致，如果一致，说明它们本身就处在一棵树中，如果继续连接就会产生回路；如果不一致，说明它们之间还没有任何关系，可以连接。

假设遍历到一条由顶点 A 和 B 构成的边，而顶点 A 和顶点 B 标记不同，此时不仅需要将顶点 A 的标记更新为顶点 B 的标记，还需要更改所有和顶点 A 标记相同的顶点的标记，全部改为顶点 B 的标记。

下面上代码：

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
int n,m,fa[],tot=,sum=;      //tot记录最短路径，sum记录边数
struct point
{
    int from;                      //一条边的始点
    int to;                        //一条边的终点
    int dis;                       //一条边的权值
}a[];
int cmp(const point &x,const point &y)  //自定义排序，按权值大小排序，好进行下面的贪心算法
{
    return x.dis<y.dis;
}
int getf(int x)                                   //找父结点
{
    if(fa[x]!=x) fa[x]=getf(fa[x]);               //进一步找出父结点的父结点，也就是祖先结点
    return fa[x];                                 //返回父结点
}
void father(int x,int y)
{
    int fx=getf(x);                              //找出x的父结点
    int fy=getf(y);                              //找出y的父结点
    if(fx!=fy) fa[fx]=fa[fy];                    //如果两个结点的父结点不同，则弄成相同的，证明在同一棵树上
}
int main()
{
    cin>>n>>m;
    for(int i=;i<=m;i++)                        //n条边
    cin>>a[i].from>>a[i].to>>a[i].dis;
    for(int i=;i<=n;i++)
    fa[i]=i;                                     //一开始每个结点都可以看作是一颗独立的树，那么该结点的父结点只能是它自己
    sort(a+,a++m,cmp);                         //自定义按照权值大小排序
    for(int i=;i<=m;i++)
    {
        if(getf(a[i].from)!=getf(a[i].to))       //如果父结点不同，也就是不在同一个树上，进而不能构成回环，则可以贪心计算上
        {
            tot+=a[i].dis;                       //加上该边的权值
            father(a[i].from,a[i].to);           //将两个结点标记为同一父结点
            sum++;                               //边数+1
        }
        if(sum==n-) break;                      //对于n个结点的图，最小生成树只需要n-1条边就够了，如果边多了就不能保证是最优解了
    }
    cout<<tot;                                   //输出最小生成树的值
    return ;
}

完结撒花QAQ～