剑指offer-56数组中数字出现的次数

题目

一个整型数组 nums 里除两个数字之外，其他数字都出现了两次。请写程序找出这两个只出现一次的数字。要求时间复杂度是O(n)，空间复杂度是O(1)。

• 输入：nums = [4,1,4,6]
• 输出：[1,6] 或 [6,1]

其实看到他要求的空间复杂度为O(1)代表不能使用类似于HashMap这种数据结构的解法了，我当时也有点懵比，那要怎么做呢？想了半天还是看看评论区大神的解题思路吧。

思路

在做这道题之前你需要知道 异或运算符的性质。也就是^；
异或：相同为0，不同为1
举个例子：3 ^ 5

3的二进制：0 0 1 1
5的二进制：0 1 0 1
异或结果： 0 1 1 0

异或满足交换律，结合律，自反性

• 交换律：a ^ b = b ^ a
• 结合律：(a ^ b) ^ c = a ^ (b ^ c)
• 自反性： A XOR B XOR B = A xor 0 = A
• x ^ x = 0 ; x ^ 0 = x(任何数与他自身做异或等于0，任意数与0做异或还是他本身）

由此结合题目我们可以从数字的异或入手。

因为只有两个数字只出现过一次，其余的数都出现了两次，所以对这个数组中的所有数字进行异或操作的结果也就是对 只出现一次的两个数进行异或。我们把这俩数字异或的结果设为 res.

现在关键是怎样把他们分开？
因为两个数字如果相同，那么他们的二进制的每一位都相同，如果两个数不同，那么他们的二进制中肯定有不同的那一位。

由于异或的性质是，同一位相同则为 0，不同则为 1. 我们将所有数字异或的结果一定不是 0，也就是说至少有一位是 1.

我们随便取一个，分组的依据就来了， 就是你取的那一位是 0 分成 1 组，那一位是 1 的分成一组。

方法一：

int h = 1;
while((h&res)==0){
	h=h<<1;
}
//从res中找第一个不是0的那一位（从右往左）

方法二：

int h = res&(-res);
//这个需要试一下，相反数的二级制计算时：先取反，再加一，在进行&就能找到res的二级制中第一个 1
//例如 5 的二进制是 0101 -5的二进制是 1011 进行&得到 0001，所以从右往左，5的二进制的第一位是 1.

我们将这两个分开以后，只需要进一步判断数组中的元素和 h 做与 运算。

如果n（这里指数组中的元素）& h == 0,代表当前元素的这一位上是0，
如果 (n & h )==n那么就代表当前元素这一位上是1，这样就把整个数组分开了，同时两个只出现一次的数字也分开了。

分成两组后，最后进行异或运算，剩余的结果就分别是只出现1次的那两个数。（因为 x ^ x = 0, x ^ 0 = x)

代码

public int[] singleNumbers(int[] nums) {
        int res = 0;// 用来保存两个只出现一次的数的异或结果
        for(int i: nums){
            res^=i;
        }
        int h=res&(-res);//从右往左找到第一个是1的位

        int a=0,b=0;//用来保存分组后的结果

        for(int n:nums){
            if((n & h)==0){
                a^=n;
            }else{
                b^=n;
            }
        }
        return new int[]{a,b};
    }

以上有理解不到位的地方欢迎各位指出!